Question

如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，點O是原點，矩形OABC的頂點A在x軸的正半軸上，頂點C在y的正半軸上，點B的坐標(biāo)是（5，3），拋物線y=x²+bx+c經(jīng)過A、C兩點，與x軸的另一個交點是點D，連接BD．
（1）求拋物線的解析式；
（2）點M是拋物線對稱軸上的一點，以M、B、D為頂點的三角形的面積是6，求點M的坐標(biāo)；
（3）點P從點D出發(fā)，以每秒1個單位長度的速度沿D→B勻速運動，同時點Q從點B出發(fā)，以每秒1個單位長度的速度沿B→A→D勻速運動，當(dāng)點P到達(dá)點B時，P、Q同時停止運動，設(shè)運動的時間為t秒，當(dāng)t為何值時，以D、P、Q為頂點的三角形是等腰三角形？請直接寫出所有符合條件的值．

Answer 1

【答案】分析：（1）求出點A、C的坐標(biāo)，利用待定系數(shù)法求出拋物線的解析式；
（2）如答圖1所示，關(guān)鍵是求出MG的長度，利用面積公式解決；注意，符合條件的點M有2個，不要漏解；
（3）△DPQ為等腰三角形，可能有三種情形，需要分類討論：
①若PD=PQ，如答圖2所示；
②若PD=DQ，如答圖3所示；
③若PQ=DQ，如答圖4所示．
解答：解：（1）∵矩形ABCD，B（5，3），
∴A（5，0），C（0，3）．
∵點A（5，0），C（0，3）在拋物線y=x²+bx+c上，
∴，解得：b=，c=3．
∴拋物線的解析式為：y=x²x+3．

（2）如答圖1所示，
∵y=x²x+3=（x-3）²-，
∴拋物線的對稱軸為直線x=3．
如答圖1所示，設(shè)對稱軸與BD交于點G，與x軸交于點H，則H（3，0）．

令y=0，即x²x+3=0，解得x=1或x=5．
∴D（1，0），∴DH=2，AH=2，AD=4．
∵tan∠ADB==，∴GH=DH•tan∠ADB=2×=，
∴G（3，）．
∵S_△MBD=6，即S_△MDG+S_△MBG=6，
∴MG•DH+MG•AH=6，
即：MG×2+MG×2=6，
解得：MG=3．
∴點M的坐標(biāo)為（3，）或（3，）．

（3）在Rt△ABD中，AB=3，AD=4，則BD=5，∴sinB=，cosB=．
以D、P、Q為頂點的三角形是等腰三角形，則：
①若PD=PQ，如答圖2所示：
此時有PD=PQ=BQ=t，過點Q作QE⊥BD于點E，
則BE=PE，BE=BQ•cosB=t，QE=BQ•sinB=t，
∴DE=t+t=t．
由勾股定理得：DQ²=DE²+QE²=AD²+AQ²，
即（t）²+（t）²=4²+（3-t）²，
整理得：11t²+6t-25=0，
解得：t=或t=-5（舍去），
∴t=；

②若PD=DQ，如答圖3所示：
此時PD=t，DQ=AB+AD-t=7-t，
∴t=7-t，
∴t=；
③若PQ=DQ，如答圖4所示：
∵PD=t，∴BP=5-t；
∵DQ=7-t，∴PQ=7-t，AQ=4-（7-t）=t-3．
過點P作PF⊥AB于點F，則PF=PB•sinB=（5-t）×=4-t，BF=PB•cosB=（5-t）×=3-t．
∴AF=AB-BF=3-（3-t）=t．
過點P作PE⊥AD于點E，則PEAF為矩形，
∴PE=AF=t，AE=PF=4-t，∴EQ=AQ-AE=（t-3）-（4-t）=t-7．
在Rt△PQE中，由勾股定理得：EQ²+PE²=PQ²，
即：（t-7）²+（t）²=（7-t）²，
整理得：13t²-56t=0，
解得：t=0（舍去）或t=．
∴t=．
綜上所述，當(dāng)t=，t=或t=時，以D、P、Q為頂點的三角形是等腰三角形．
點評：本題是二次函數(shù)綜合題型，考查了二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)、待定系數(shù)法、圖形面積、解直角三角形、勾股定理等知識點．分類討論的數(shù)學(xué)思想是本題考查的重點，在第（2）（3）問中均有所體現(xiàn)，解題時注意全面分析、認(rèn)真計算．