Question

如圖，二次函數(shù)y=ax²+bx+c（a≠0）的圖象與x軸交于A，B兩點(diǎn)，與y軸相交于點(diǎn)C．連接AC，BC，A（-3，0），C（0，），且當(dāng)x=-4和x=2時二次函數(shù)的函數(shù)值y相等．
（1）求拋物線的解析式；
（2）若點(diǎn)M、N同時從B點(diǎn)出發(fā)，均以每秒1個單位長度的速度分別沿BA、BC邊運(yùn)動，其中一個點(diǎn)到達(dá)終點(diǎn)時，另一點(diǎn)也隨之停止運(yùn)動．
①當(dāng)運(yùn)動時間為t秒時，連接MN，將△BMN沿MN翻折，B點(diǎn)恰好落在AC邊上的P處，求t的值及點(diǎn)P的坐標(biāo)；
②拋物線的對稱軸上是否存在點(diǎn)Q，使得以B、N、Q為頂點(diǎn)的三角形與△A0C相似？如果存在，請直接寫出點(diǎn)Q的坐標(biāo)；如果不存在，請說明理由．
③當(dāng)運(yùn)動時間為t秒時，連接MN，將△BMN沿MN翻折，得到△PMN．并記△PMN與△AOC的重疊部分的面積為S．求S與t的函數(shù)關(guān)系式．

Answer 1

【答案】分析：（1）此題的關(guān)鍵是求出三個待定系數(shù)，首先由“當(dāng)x=-4和x=2時二次函數(shù)的函數(shù)值y相等”確定拋物線的對稱軸，進(jìn)而能求出a、b間的數(shù)量關(guān)系，由C點(diǎn)坐標(biāo)不難得出c的值，再代入A點(diǎn)坐標(biāo)后即可得解．
（2）①由（1）的結(jié)果不難得出B點(diǎn)的坐標(biāo)，此時可以發(fā)現(xiàn)△ABC恰好是一個含30°角的特殊直角三角形，即∠ABC=60°，因此△BMN是一個等邊三角形，而四邊形BNPM是一個菱形，即BM=BN=PN=t，由于PN∥AB，根據(jù)平行線分線段成比例定理可列出關(guān)于PN、AB、CN、CB的比例關(guān)系式，根據(jù)此時可求出t的值；
在求點(diǎn)P的坐標(biāo)時，首先要求出直線AC的解析式，點(diǎn)P的縱坐標(biāo)可由△BNM的高得出，則P點(diǎn)坐標(biāo)不難求出．
②在①中，已經(jīng)得到了△ABC的特殊形狀，顯然△AOC的形狀和△ABC是完全一樣的，所以若以B、N、Q為頂點(diǎn)的三角形與△AOC相似，那么△BNQ也必須是一個含30°角的直角三角形，所以可以分兩種情況討論：
Ⅰ、∠BNQ是直角，由于∠NBM是60°，那么點(diǎn)Q必須在x軸上，即點(diǎn)Q為拋物線對稱軸與x軸的交點(diǎn)；
Ⅱ、∠NBQ是直角，此時BQ∥AC，即兩條直線的斜率相等，首先求出直線BQ的解析式，聯(lián)立拋物線對稱軸方程即可得到Q點(diǎn)的坐標(biāo)．
③此題需要注意三個關(guān)鍵位置：P落在y軸上時（設(shè)此時t=α）、點(diǎn)M和點(diǎn)O重合時（設(shè)此時t=β）、P落在AC上時（設(shè)此時t=γ），那么整體上可以分四段：
Ⅰ、0＜t≤α?xí)r，△PMN和△AOC不重合，S=0；
Ⅱ、α＜t≤β時（參照解答部分③-Ⅱ圖），△PMN和△AOC的重合部分是個含30°角的小直角三角形，首先在Rt△BOC中由平行線分線段成比例定理求出GH的表達(dá)式，進(jìn)而得出PG的長，而GH=PG，則△PGH的面積（即S）可求；
Ⅲ、β＜t≤γ時（參照解答部分③-Ⅲ圖），△PMN和△AOC的重合部分是個不規(guī)則圖形，其面積可由△PMN的面積（即△BMN的面積）減去含30°角的小直角三角形得出；
Ⅳ、γ＜t≤2時（參照解答部分③-Ⅳ圖），△PMN和△AOC的重合部分是個不規(guī)則圖形，其面積可由△PMN的面積（即△BMN的面積）減去兩個含30°角的小直角三角形得出．
解答：解：（1）∵當(dāng)x=-4和x=2時二次函數(shù)的函數(shù)值y相等，
∴拋物線對稱軸：x=-=-1，即b=2a；
由C（0，）得：c=；
將A（-3，0）代入y=ax²+2ax+（a≠0）中，得：
9a-6a+=0，a=-
∴拋物線的解析式：y=-x²-x+．

（2）由（1）的拋物線解析式知：A（-3，0）、B（1，0）、C（0，），則：
OA=3，OB=1，OC=，即 OC²=OA•OB，又OC⊥AB，則△ABC是直角三角形，且∠CAB=30°，∠ABC=60°；

①△BMN中，BM=BN=t，∠NBM=60°，即△BNM是等邊三角形；
由于△PMN由△BMNA翻轉(zhuǎn)所得，所以△PMN也是等邊三角形，四邊形PNBM是菱形；
∴PN∥AB（如題干圖），得：=，代入數(shù)據(jù)，有：
，解得：t=；
由tan∠CAO=、C（0，）得，直線AC：y=x+；
當(dāng)y=t•sin60°=時，x+=，x=-1
即 P（-1，）；
綜上，B點(diǎn)恰好落在AC邊上的P處時，t=，P（-1，）．

②∵△AOC是一個含30°角的直角三角形，
∴若以B、N、Q為頂點(diǎn)的三角形與△A0C相似，那么△BNQ也必須是一個含30°角的直角三角形．
分三種情況討論：
Ⅰ、∠QNB=90°、∠BQN=30°（如②-Ⅰ圖）；
∵∠ABC=∠Q₁BN=60°，∴點(diǎn)Q₁在x軸上，即Q₁（-1，0）；
Ⅱ、∠QBN=90°、∠BQN=30°（如②-Ⅱ圖）；
此時BQ₂∥AC，設(shè)直線BQ₂：y=x+b，代入B（1，0），得：b=-
∴直線BQ₂：y=x-，Q₂（-1，-）；
Ⅲ、∠QNB=90°、∠QBN=30°（如②-Ⅲ圖）；
此時N、C重合，點(diǎn)Q₃應(yīng)在①的P點(diǎn)處，由①的計(jì)算結(jié)果知：
Q₃C=•sin60°=，而BC=2，即∠CQ₃B=60°，符合條件；
即 Q₃（-1，）；
綜上，符合條件的Q點(diǎn)的坐標(biāo)為：Q₁（-1，0）、Q₂（-1，-）、Q₃（-1，）．

③當(dāng)點(diǎn)P落在y軸上時，=，即=，解得：t=；
當(dāng)點(diǎn)M、O重合時，t=OB=1；
當(dāng)點(diǎn)P落在AC上時，由①知，t=；
Ⅰ、當(dāng)0＜t≤時，△PMN和△AOC不重合，即S=0；
Ⅱ、當(dāng)＜t≤1時（如③-Ⅱ圖），由=可求得：GN=1-，PG=PN-GN=t-（1-）=-1；
S=S_△PGH=×（-1）×（-1）=（-1）²；
Ⅲ、當(dāng)1＜t≤時（如③-Ⅲ圖）；
由Ⅱ知，GN=1-，GH=GN=（1-），S_△GHN=×（1-）×（1-）=t²-t+；
S=S_△PMN-S_△GHN=S_△BMN-S_△GHN=×t×t-（t²-t+）=t²+t-；
Ⅳ、當(dāng)＜t≤2時（如③-Ⅳ圖）；
同上，可求得S_△PDE=（t-2）²=t²-3t+2、S_△GHN=t²-t+、S_△PMN=t²，
S=S_△PMN-S_△PDE-S_△GHN=-t²+t-；
綜上，S=

點(diǎn)評：此題主要考查了二次函數(shù)解析式的確定、相似三角形的判定和性質(zhì)以及圖形面積的求法；后面兩個小題的難度很大，倒數(shù)第二道題中，由于涉及到不同的相似情況，是容易漏解的地方；最后一題中，P點(diǎn)的不同位置確定了重合部分的形狀，一定要將所有可能的情況畫出來，然后根據(jù)圖形間的面積和差關(guān)系來進(jìn)行解題．