Question

（2010•閘北區(qū)二模）已知：如圖，拋物線的頂點(diǎn)為點(diǎn)D，與y軸相交于點(diǎn)A，直線y=ax+3與y軸也交于點(diǎn)A，矩形ABCO的頂點(diǎn)B在此拋物線上，矩形面積為12，
（1）求該拋物線的對稱軸；
（2）⊙P是經(jīng)過A、B兩點(diǎn)的一個(gè)動(dòng)圓，當(dāng)⊙P與y軸相交，且在y軸上兩交點(diǎn)的距離為4時(shí)，求圓心P的坐標(biāo)；
（3）若線段DO與AB交于點(diǎn)E，以點(diǎn)D、A、E為頂點(diǎn)的三角形是否有可能與以點(diǎn)D、O、A為頂點(diǎn)的三角形相似，如果有可能，請求出點(diǎn)D坐標(biāo)及拋物線解析式；如果不可能，請說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）根據(jù)已知的直線解析式，可得到點(diǎn)A的坐標(biāo)，進(jìn)而可利用矩形的面積求出OC、AB的長，即可得到B、C的坐標(biāo)，由于AB∥x軸，且同時(shí)在拋物線的圖象上，根據(jù)這兩點(diǎn)的坐標(biāo)，即可確定拋物線的對稱軸方程；
（2）由于⊙P同時(shí)經(jīng)過點(diǎn)A、B，根據(jù)拋物線和圓的對稱性知，圓心P必在拋物線的對稱軸上，由此可確定點(diǎn)P的橫坐標(biāo)；由于⊙P與y軸兩交點(diǎn)的距離正好等于AB的長，根據(jù)圓心角、弦的關(guān)系，即可得到P到y(tǒng)軸的距離應(yīng)該等于P到AB的距離，由此可確定點(diǎn)P的縱坐標(biāo)，即可得到點(diǎn)P的坐標(biāo)；
（3）假設(shè)兩個(gè)三角形相似，顯然∠DAO＞∠DAE，因此只有一種情況：∠DAE=∠DOA，可過D作DM⊥y軸，作DN⊥x軸，即可得到∠DAM=∠DON，易證得△DAM∽△DON，設(shè)出點(diǎn)D的縱坐標(biāo)，然后表示出AM、DN的長，進(jìn)而根據(jù)相似三角形得到的比例線段求出點(diǎn)D的縱坐標(biāo)，也就得到了點(diǎn)D的坐標(biāo)，而后可利用待定系數(shù)法求出該拋物線的解析式．
解答：解：（1）∵直線y=ax+3與y軸交于點(diǎn)A，
∴點(diǎn)A坐標(biāo)為（0，3），
∴AO=3，
∵矩形ABCO的面積為12，
∴AB=4，
∴點(diǎn)B的坐標(biāo)為（4，3），
∴拋物線的對稱軸為直線x=2；
                                                                     
（2）∵⊙P經(jīng)過A、B兩點(diǎn)，
∴點(diǎn)P在直線x=2上，即點(diǎn)P的坐標(biāo)為（2，y），
∵⊙P與y軸相交，且在y軸上兩交點(diǎn)的距離為4，
又∵AB=4，
∴點(diǎn)P到AB的距離等于點(diǎn)P到y(tǒng)軸的距離為2，
∴四邊形PEAF是正方形，
∴PE=2，
∵OA=3，
∴OF=1，
同理：AM=2，
∴OM=5，
∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為（2，1）或（2，5）；

（3）①當(dāng)△DAE∽△DAO，則∠DAE=∠DAO，與已知條件矛盾，此情況不成立．
過點(diǎn)D作DM⊥y軸，垂足為點(diǎn)M，DN⊥x軸，垂足為點(diǎn)N，

設(shè)點(diǎn)D坐標(biāo)為（2，y），
則ON=DM=2，DN=OM=y，AM=y-3；
②當(dāng)△DAE∽△DOA，則∠DAE=∠DOA，
∴∠DAM=∠DON，
∵∠DMA=∠DNO=90°，
∴△DAM∽△DON，
∴，
∴，
∴y²-3y-4=0，
解得：y₁=-1（舍），y₂=4，
∴點(diǎn)D坐標(biāo)為（2，4）．
由頂點(diǎn)坐標(biāo)為（2，4），設(shè)拋物線的解析式為y=a（x-2）²+4，
將（0，3）代入，得a=，
∴拋物線解析式為．
點(diǎn)評：此題考查了二次函數(shù)、圓的對稱性，圓心角、弧、弦的關(guān)系，相似三角形的判定和性質(zhì)，二次函數(shù)解析式的確定等重要知識，涉及知識點(diǎn)較多，難度較大．