Question

如圖，在平面直角坐標系中，四邊形ABCD是梯形，其中A（6，0），B（3，），C（1，），動點P從點O以每秒2個單位的速度向點A運動，動點Q也同時從點B沿B→C→O的線路以每秒1個單位的速度向點O運動，當點P到達A點時，點Q也隨之停止，設點P，Q運動的時間為t（秒）．
（1）求經(jīng)過A，B，C三點的拋物線的解析式；
（2）當點Q在CO邊上運動時，求△OPQ的面積S與時間t的函數(shù)關系式；
（3）以O，P，Q頂點的三角形能構成直角三角形嗎？若能，請求出t的值；若不能，請說明理由；
（4）經(jīng)過A，B，C三點的拋物線的對稱軸、直線OB和PQ能夠交于一點嗎？若能，請求出此時t的值（或范圍），若不能，請說明理由）．

Answer 1

【答案】分析：（1）利用待定系數(shù)法求出二次函數(shù)解析式即可；
（2）根據(jù)已知得出△OPQ的高，進而利用三角形面積公式求出即可；
（3）根據(jù)題意得出：0≤t≤3，當0≤t≤2時，Q在BC邊上運動，得出若△OPQ為直角三角形，只能是∠OPQ=90°或∠OQP=90°，當2＜t≤3時，Q在OC邊上運動，得出△OPQ不可能為直角三角形；
（4）首先求出拋物線對稱軸以及OB直線解析式和PM的解析式，得出（1-t）×=3-t-2t，恒成立，即0≤t≤2時，P，M，Q總在一條直線上，再利用2＜t≤3時，求出t的值，根據(jù)t的取值范圍得出答案．
解答：解：（1）設所求拋物線的解析式為y=ax²+bx+c，把A（6，0），B（3，），C（1，）三點坐標代入得：
，
解得：，
即所求拋物線解析式為：y=-x²+x+；

（2）如圖1，依據(jù)題意得出：OC=CB=2，∠COA=60°，
∴當動點Q運動到OC邊時，OQ=4-t，
∴△OPQ的高為：OQ×sin60°=（4-t）×，
又∵OP=2t，
∴S=×2t×（4-t）×=-（t²-4t）（2≤t≤3）；

（3）根據(jù)題意得出：0≤t≤3，
當0≤t≤2時，Q在BC邊上運動，此時OP=2t，OQ=，
PQ==，
∵∠POQ＜∠POC=60°，
∴若△OPQ為直角三角形，只能是∠OPQ=90°或∠OQP=90°，
若∠OPQ=90°，如圖2，則OP²+PQ²=QO²，即4t²+3+（3t-3）²=3+（3-t）²，
解得：t₁=1，t₂=0（舍去），
若△OPQ為直角三角形，只能是∠OPQ=90°或∠OQP=90°，
若∠OQP=90°，如圖，3，則OQ²+PQ²=PO²，即（3-t）²+6+（3t-3）²=4t²，
解得：t=2，
當2＜t≤3時，Q在OC邊上運動，此時QP=2t＞4，
∠POQ=∠COP=60°，
OQ＜OC=2，
故△OPQ不可能為直角三角形，
綜上所述，當t=1或t=2時，△OPQ為直角三角形；

（4）由（1）可知，拋物線y=-x²+x+=-（x-2）²+，
其對稱軸為x=2，
又∵OB的直線方程為y=x，
∴拋物線對稱軸與OB交點為M（2，），
又∵P（2t，0）
設過P，M的直線解析式為：y=kx+b，
∴，
解得：，
即直線PM的解析式為：y=x-，
即（1-t）y=x-2t，
又0≤t≤2時，Q（3-t，），代入上式，得：
（1-t）×=3-t-2t，恒成立，
即0≤t≤2時，P，M，Q總在一條直線上，
即M在直線PQ上；
當2＜t≤3時，OQ=4-t，∠QOP=60°，
∴Q（，），
代入上式得：×（1-t）=-2t，
解得：t=2或t=（均不合題意，舍去）．
∴綜上所述，可知過點A、B、C三點的拋物線的對稱軸OB和PQ能夠交于一點，此時0≤t≤2．
點評：此題主要考查了二次函數(shù)的綜合應用以及待定系數(shù)法求二次函數(shù)解析式和待定系數(shù)法求一次函數(shù)解析式等知識，利用分類討論思想得出t的值是解題關鍵．