Question

18．如圖為小穎同學(xué)設(shè)計的電熱水器的原理圖，該電熱水器具有加熱、保溫功能．圖1中電磁繼電器（線圈電阻不計）、熱敏電阻R、保護(hù)電阻R₀、電壓恒為6V的電源U₁、導(dǎo)線等組成控制電路．當(dāng)電磁鐵線圈中的電流I＜10mA時，繼電器上方觸點和觸點c接通；當(dāng)電磁鐵線圈中的電流I≥10mA時，電磁鐵的銜鐵被吸下，繼電器下方觸點和觸點a、b接通．熱敏電阻中允許通過的最大電流I₀=15mA，其電阻R隨溫度變化的規(guī)律如圖2，熱敏電阻和加熱電路中的三只電阻R₁、R₂、R₃均置于儲水箱中．已知R₁=33Ω、R₂=66Ω、R₃=154Ω、U₂=220V．

（1）銜鐵被吸下時，加熱電路的總電阻是多大？
（2）保溫狀態(tài)下，若加熱電路的發(fā)熱功率等于熱水器散熱功率的80%，求10分鐘內(nèi)熱水器散失的熱量．
（3）為使控制電路正常工作，保護(hù)電阻R₀的阻值至少為多大？若R₀為該值，銜鐵剛好被吸下時儲水箱中水溫是多少？

Answer 1

分析 由電路圖知：銜鐵被吸下，繼電器下方觸點和觸點a、b接通時，加熱電路中電阻最小，由P=$\frac{{U}^{2}}{R}$可知電路功率最大，處于加熱狀態(tài)；當(dāng)繼電器上方觸點和觸點c接通時，加熱電路電阻較大，由P=$\frac{{U}^{2}}{R}$可知電路功率較小，電路處于保溫狀態(tài)；
（1）銜鐵被吸下時，電阻R₁與R₂并聯(lián)，由并聯(lián)電路特點可以求出加熱電路的總電阻；
（2）先由功率公式P=$\frac{{U}^{2}}{R}$求出加熱電路在保溫狀態(tài)下10min內(nèi)電路產(chǎn)生的熱量，然后根據(jù)題意求出熱水器散失的熱量；
（3）由熱敏電阻的R-t圖象找出熱敏電阻的最小阻值，此時電路電流最大，根據(jù)電路的最大電流求出控制電路保護(hù)電阻R₀的最小阻值，這是控制電路正常工作的最小阻值；求出銜鐵剛好被吸下時熱敏電阻的阻值，然后由圖象找出該阻值對應(yīng)的溫度，這就是儲水箱中水的溫度．

解答 解：（1）由電路圖知：銜鐵被吸下時，R₁、R₂并聯(lián)，
由并聯(lián)電路的特點知：$\frac{1}{R}$=$\frac{1}{{R}_{1}}$+$\frac{1}{{R}_{2}}$
電路總電阻R=$\frac{{R}_{1}{R}_{2}}{{R}_{1}+{R}_{2}}$=$\frac{33Ω×66Ω}{33Ω+66Ω}$=22Ω；
（2）由電路圖知，保溫狀態(tài)下：R₂、R₃串聯(lián)，
10min加熱電路產(chǎn)生的熱量Q=$\frac{{U}^{2}}{{R}_{2}+{R}_{3}}$t=$\frac{（220V）^{2}}{66Ω+154Ω}$×600s=1.32×10⁵J，
10分鐘內(nèi)熱水器散失的熱量Q′=$\frac{Q}{80%}$=$\frac{1.32×1{0}^{5}J}{80%}$=1.65×10⁵J；
（3）由圖乙可知，熱敏電阻的最小值是R=200Ω，
當(dāng)R最小，控制電路中的電流不超過最大值時，保護(hù)電阻R₀阻值最小，
由I₀=$\frac{{U}_{1}}{R+{R}_{0}}$得：保護(hù)電阻R₀的最小值R₀=$\frac{{U}_{1}}{{I}_{0}}$-R=$\frac{6V}{0.015A}$-200Ω=200Ω，
由題意知，銜鐵剛好被吸下時，電路電流I=10mA=0.01A，
此時電流總電阻R_總=$\frac{{U}_{1}}{I}$=$\frac{6V}{0.01A}$=600Ω，
此時熱敏電阻R=R_總-R₀=600Ω-200Ω=400Ω，
由圖2可知，此時水溫為60℃．
答：（1）銜鐵被吸下時，加熱電路的總電阻是22Ω；
（2）10分鐘內(nèi)熱水器散失的熱量是1.65×10⁵J；
（3）保護(hù)電阻R₀的阻值至少為200Ω，
銜鐵剛好被吸下時儲水箱中水溫是60℃．

點評 本題考查了求加熱電路處于加熱狀態(tài)時的電阻、10分鐘熱水器散失的熱量、保護(hù)電阻的最小阻值、水的溫度等問題，考查的內(nèi)容較多；分析清楚電路結(jié)構(gòu)是本題正確解題的前提與關(guān)鍵；要正確解題，需要熟練掌握并聯(lián)電路的特點、電功公式、歐姆定律等知識．