分析 A、B、C、D、E五種原子序數(shù)依次增大的元素(原子序數(shù)均小于30),A的基態(tài)原子2p能級(jí)有3個(gè)單電子,原子核外電子排布為1s22s22p3,則A是N元素;C的基態(tài)原子2p能級(jí)有1個(gè)單電子,且C的原子序數(shù)大于A,其原子核外電子排布為1s22s22p5,所以C是F元素,結(jié)合原子序數(shù)可推知B是O元素;E原子核外有成單電子,其次外層有3個(gè)能級(jí)且均排滿電子,且原子序數(shù)小于30,則E處于第四周期,其基態(tài)原子的價(jià)電子排布式3d104s1,則E是Cu元素;D與E同周期,價(jià)電子數(shù)為2,則D是Ca元素,據(jù)此解答.
解答 解:A、B、C、D、E五種原子序數(shù)依次增大的元素(原子序數(shù)均小于30),A的基態(tài)原子2p能級(jí)有3個(gè)單電子,原子核外電子排布為1s22s22p3,則A是N元素;C的基態(tài)原子2p能級(jí)有1個(gè)單電子,且C的原子序數(shù)大于A,其原子核外電子排布為1s22s22p5,所以C是F元素,結(jié)合原子序數(shù)可推知B是O元素;E原子核外有成單電子,其次外層有3個(gè)能級(jí)且均排滿電子,且原子序數(shù)小于30,則E處于第四周期,其基態(tài)原子的價(jià)電子排布式3d104s1,則E是Cu元素;D與E同周期,價(jià)電子數(shù)為2,則D是Ca元素.
(1)水分子間能存在氫鍵,氫鍵比范德華力更強(qiáng),H2O的沸點(diǎn)是同族元素中最高的,
故答案為:水分子間之間存在氫鍵,氫鍵比范德華力更強(qiáng);
(2)由于非金屬性F>O>N,故氫化物穩(wěn)定性:HF>H2O>NH3,
故答案為:HF>H2O>NH3;
(3)A的最簡單氫化物為NH3,為三角錐形結(jié)構(gòu),分子中N原子形成3個(gè)N-H鍵,含有1對(duì)孤對(duì)電子,雜化軌道數(shù)目為4,故N原子采取sp3雜化,
故答案為:三角錐形;sp3;
(4)氮?dú)獾慕Y(jié)構(gòu)式為:N≡N,所以氮?dú)夥肿又泻幸粋(gè)σ鍵兩個(gè)π鍵,
故答案為:1;2;
(5)E是銅元素,根據(jù)構(gòu)造原理知,其基態(tài)原子的核外電子排布式[Ar]3d104s1,故基態(tài)Cu原子的價(jià)電子排布式為:3d104s1,
故答案為:3d104s1;
(6)白色球?yàn)镕、黑色球?yàn)镃a,由晶胞結(jié)構(gòu)可知,晶胞中白色球數(shù)目=8、黑色球數(shù)目=8×$\frac{1}{8}$+6×$\frac{1}{2}$=4,則晶胞質(zhì)量=4×$\frac{78}{{N}_{A}}$g=$\frac{312}{{N}_{A}}$g,晶胞的體積=$\frac{312}{{N}_{A}}$g÷ρ g•cm-3=$\frac{312}{ρ•{N}_{A}}$cm3,故晶胞邊長a=$\root{3}{\frac{312}{ρ•{N}_{A}}}$cm,
故答案為:$\root{3}{\frac{312}{ρ•{N}_{A}}}$.
點(diǎn)評(píng) 本題考查物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì),涉及核外電子排布、分子空間構(gòu)型、化學(xué)鍵、雜化方式、晶胞計(jì)算等,都是考試熱點(diǎn),注意注意均攤法進(jìn)行晶胞有關(guān)計(jì)算.
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A. | NH4+ | B. | Al3+ | C. | Fe2+ | D. | Fe3+ |
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A. | 將試劑瓶中的Na2CO3溶液倒入試管,發(fā)現(xiàn)取量過多,將過量的試劑倒回試劑瓶中 | |
B. | 將含有Ba(NO3)2的廢液倒入指定的容器中回收 | |
C. | 用蒸發(fā)方法使NaCl從溶液中析出時(shí),將蒸發(fā)皿中NaCl溶液全部加熱蒸干 | |
D. | 用濃硫酸配制一定物質(zhì)的量濃度的稀硫酸時(shí),濃硫酸溶于水后,立刻轉(zhuǎn)移到容量瓶中 |
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