Question

17．常溫下，向100mL 0.01mol•L^-1HA溶液中逐滴加入0.02mol•L^-1MOH溶液，圖中所示曲線表示混合溶液的pH變化情況（體積變化忽略不計(jì)）．回答下列問(wèn)題：
（1）由圖中信息可知HA為強(qiáng)酸（填“強(qiáng)”或“弱”），理由是0.01 mol•L^-1HA的pH為2，說(shuō)明HA完全電離．
（2）常溫下一定濃度的MA稀溶液的pH=a，則a＜7（填“＞”、“＜”或“=”），用離子方程式表示其原因?yàn)镸⁺+H₂O?MOH+H⁺；
（3）此時(shí)，溶液中由水電離出的c（OH^-）=1×10^-amol•L^-1．
（4）請(qǐng)寫(xiě)出K點(diǎn)所對(duì)應(yīng)的溶液中離子濃度的大小關(guān)系：c（M⁺）＞c（A^-）＞c（OH^-）＞c（H⁺）
（5）K點(diǎn)對(duì)應(yīng)的溶液中，c（M⁺）+c（MOH）=2c（A^-）（填“＞”、“＜”或“=”）；若此時(shí)溶液中，pH=10，則c（MOH）+c（OH^-）=0.005mol•L^-1．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)酸的濃度和溶液的PH判斷酸的強(qiáng)弱；
（2）根據(jù)圖示判斷出MOH的堿性強(qiáng)弱，再判斷MA稀溶液的酸堿性；寫(xiě)出M⁺離子水解的離子方程式；
（3）MA稀溶液氫離子全部由水電離；
（4）向100mL 0.01mol•L^-1HA溶液中逐滴加入0.02mol•L^-1MOH溶液100mL，則溶液中溶質(zhì)為等物質(zhì)的量的MA和MOH；
（5）根據(jù)電荷守恒和物料守恒進(jìn)行計(jì)算．

解答 解：（1）根據(jù)圖象知，0.01mol•L^-1HA溶液中PH=2，氫離子濃度等于酸濃度，所以該酸是強(qiáng)酸，
故答案為：強(qiáng)；0.01 mol•L^-1HA的pH為2，說(shuō)明HA完全電離；
（2）N點(diǎn)時(shí)溶液呈中性，MOH的物質(zhì)的量大于HA的物質(zhì)的量，說(shuō)明MOH是弱堿，MA屬于強(qiáng)酸弱堿鹽，水解顯示酸性，即a＜7；原因是M⁺離子結(jié)合水電離的氫氧根離子生成了MOH，離子方程式為：M⁺+H₂O?MOH+H⁺；
故答案為：＜；M⁺+H₂O?MOH+H⁺；
（3）MA稀溶液氫離子全部由水電離，則常溫下一定濃度的MA稀溶液的pH=a，由水電離出的c（OH^-）=1×10^-amol•L^-1；
故答案為：1×10^-amol•L^-1；
（4）向100mL 0.01mol•L^-1HA溶液中逐滴加入0.02mol•L^-1MOH溶液100mL，則溶液中溶質(zhì)為等物質(zhì)的量的MA和MOH，溶液顯堿性，則溶液中離子濃度大小關(guān)系為：c（M⁺）＞c（A^-）＞c（OH^-）＞c（H⁺）；
故答案為：c（M⁺）＞c（A^-）＞c（OH^-）＞c（H⁺）；
（5）HA是強(qiáng)酸，所以反應(yīng)后的溶液中，c（A^-）=$\frac{1}{2}$×0.01mol•L^-1=0.005mol•L^-1，故c（M⁺）+c（MOH）=2c（A^-）；
根據(jù)電荷守恒可得：c（H⁺）+c（M⁺）=c（A^-）+c（OH^-），
由c（M⁺）+c（MOH）=0.01mol/L，可得c（M⁺）=0.01mol/L-c（MOH），帶入電荷守恒公式可得：c（H⁺）+0.01mol/L-c（MOH）=c（A^-）+c（OH^-），
整理可得：c（MOH）+c（OH^-）=c（H⁺）+0.01mol/L-c（A^-）=10^-10mol/L+0.01mol/L-0.005mol•L^-1≈0.005mol•L^-1，
故答案為：=；0.005．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了弱電解質(zhì)的電離、鹽類(lèi)的水解、溶液的稀釋、離子濃度的大小比較等知識(shí)點(diǎn)，利用電荷守恒、物料守恒來(lái)分析解答即可，難度中等，側(cè)重于考查學(xué)生對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的應(yīng)用能力．