Question

已知函數(shù)h（x）=2^x，且h（x）=f（x）+g（x），其中f（x）是偶函數(shù)，g（x）是奇函數(shù)．
（1）求f（x）和g（x）的解析式；
（2）證明：f（x）是（0，+∞）上的單調(diào)增函數(shù)；
（3）設(shè)F（x）=4a•[g（x）+2^-x-1]+4^x+1，x∈[0，2]，討論F（x）的最大值．

Answer 1

分析：（1）用-x代替x代入h（x）表達(dá)式，利用f（x）、g（x）的奇偶性聯(lián)解關(guān)于f（x）、g（x）的方程組，即可得到f（x）和g（x）的解析式；
（2）設(shè)x₂＞x₁＞0，利用單調(diào)性的定義將f（x₂）與f（x₁）作差、因式分解，根據(jù)指數(shù)函數(shù)的性質(zhì)判斷各個因式的符號得f（x₂）-f（x₁）＞0，
即f（x₂）＞f（x₁）．由此可得f（x）是（0，+∞）上的單調(diào)增函數(shù)．
（3）設(shè)t=2^x，t∈[1，4]，將函數(shù)F（x）化簡整理得F（x）=t²+2at+1，再根據(jù)二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)加以討論，即可得出F（x）的最大值．

解答：解：（1）∵f（x）是偶函數(shù)，g（x）是奇函數(shù)，
∴h（-x）=f（-x）+g（-x）=f（x）-g（x）=2^-x…①，
又∵h(yuǎn)（x）=f（x）+g（x）=2^x…②，
∴①②聯(lián)解，可得f(x)=

2x+2-x

2

，g(x)=

2x-2-x

2

．
（2）設(shè)x₂、x₁是區(qū)間（0，+∞）上的任意兩個值，且x₂＞x₁，
則f(x2)-f(x1)=

2x2+2-x2

2

-

2x1+2-x1

2

=

2x2-2x1+ 1 2x2 - 1 2x1

2

=

(2x2-2x1)(2x2+x1-1)

2•2x2+x1

．
∵x₂＞x₁，且y=2^x為R上的單調(diào)增函數(shù)，∴2x2＞2x1．
又∵x₂＞x₁＞0，可得x₂+x₁＞0，∴2x2+x1＞20=1．
∴f（x₂）-f（x₁）＞0，即f（x₂）＞f（x₁）．
因此，f（x）是（0，+∞）上的單調(diào)增函數(shù)．
（3）由題意，可得
F(x)=4a•[

2x-2-x

2

+

2-x

2

]+4x+1=4x+2a•2x+1．
設(shè)t=2^x，t∈[1，4]，可得F（x）=t²+2at+1=（t+a）²+1-a²．
設(shè)g（t）=（t+a）²+1-a²，
可得g（t）是關(guān)于t的二次函數(shù)，圖象為開口向上的拋物線，并于直線t=-a對稱
①當(dāng)a＞-

5

2

時，t=-a＜

5

2

，可得t=4距離對稱軸較遠(yuǎn)，
∴當(dāng)t=4時函數(shù)有最大值，所以y_max=8a+17；
②當(dāng)a≤-

5

2

時，t=-a≥

5

2

，可得t=1距離對稱軸較遠(yuǎn)，
當(dāng)t=1時函數(shù)有最大值，所以y_max=2a+2．
綜上所述，當(dāng)a＞-

5

2

時，F(xiàn)_max=F（2）=8a+17；當(dāng)a≤-

5

2

時，F(xiàn)_max=F（0）=2a+2．

點評：本題著重考查了函數(shù)奇偶性的定義、利用單調(diào)性的定義證明函數(shù)的單調(diào)性、指數(shù)函數(shù)的性質(zhì)和二次函數(shù)的圖象與性質(zhì)等知識，屬于中檔題．