Question

設(shè)函數(shù)f（x）=

1

3

x³，g（x）=-x²+ax-a²（a∈R）
（1）若曲線(xiàn)y=f（x）在x=3處的切線(xiàn)與曲線(xiàn)y=g（x）相切，求a的值；
（2）當(dāng)-1＜a＜3時(shí)，試討論函數(shù)h（x）=f（x）+g（x）在x∈（0，3）的零點(diǎn)個(gè)數(shù)．

Answer 1

分析：（1）利用導(dǎo)數(shù)求出曲線(xiàn)y=f（x）在x=3處的切線(xiàn)方程，根據(jù)切線(xiàn)與曲線(xiàn)y=g（x）相切，可得一元二次方程，結(jié)合根的判別式，可求a的值；
（2）當(dāng)-1＜a＜3時(shí)，對(duì)a進(jìn)行討論，利用函數(shù)的單調(diào)性，結(jié)合零點(diǎn)存在定理，即可得出函數(shù)h（x）=f（x）+g（x）在x∈（0，3）的零點(diǎn)個(gè)數(shù)．

解答：解：（1）由f（x）=

1

3

x³，可得f′（x）=x²．…（1分）
∴f′（3）=9
∴曲線(xiàn)y=f（x）在x=3處的切線(xiàn)方程為y-9=9（x-3），
即y=9x-18．       …（2分）
又該切線(xiàn)與曲線(xiàn)y=g（x）相切
∴-x²+ax-a²=9x-18有兩個(gè)相等實(shí)根，…（3分）
即x²+（9-a）x+a²-18=0有兩個(gè)相等實(shí)根
∴△=（9-a）²-4（a²-18）=0     …（4分）
即a²+6a-51=0
解得a=-3±2

15

   …（5分）
（2）h（x）=f（x）+g（x）=

1

3

x3-x2+ax-a2，
∴h′（x）=x²-2x+a，
∴△=4-4a=4（1-a）．…（6分）
h（0）=-a²，h（3）=a（3-a）
①當(dāng)1≤a＜3時(shí)，△≤0，∴h′（x）≥0在R上恒成立，
∴h（x）在（0，3）上單調(diào)遞增．…（7分）
此時(shí)h（0）＜0，h（3）＞0，則h（x）在（0，3）僅有一個(gè)零點(diǎn)；                …（8分）
②當(dāng)a＜1時(shí)，△＞0
由h′（x）=0得x1=1-

1-a

，x2=1+

1-a

i）當(dāng)-1＜a≤0時(shí)，x₁≤0，2≤x₂＜3
則當(dāng)x∈（0，x₂）時(shí)，h′（x）＜0，h（x）單調(diào)遞減；
當(dāng)x∈（x₂，3）時(shí)，h′（x）＞0，h（x）單調(diào)遞增；         …（9分）
又h（0）≤0，h（3）≤0，故h（x）在（0，3）沒(méi)有零點(diǎn)；        …（10分）
ii）當(dāng)0＜a＜1時(shí)，0＜x₁＜1，1＜x₂＜2，則h（x）在（0，x₁）單調(diào)遞增，在（x₁，x₂）單調(diào)遞減，在（x₂，3）單調(diào)遞增     …（11分）
∵0＜a＜1，∴

1-a

＜1，∴1-a＜

1-a

，
從而1-

1-a

＜a，即x₁＜a，故0＜x₁＜a＜1．
而h(x1)=

1

3

x12(x1-3)+a(x1-a)
∴h（x₁）＜0        …（13分）
綜上，當(dāng)-1≤a≤0時(shí)，h（x）在（0，3）沒(méi)有零點(diǎn)；
當(dāng)0＜a＜3時(shí)，h（x）在（0，3）僅有一個(gè)零點(diǎn)．       …（14分）

點(diǎn)評(píng)：本題考查導(dǎo)數(shù)知識(shí)的運(yùn)用，考查函數(shù)的零點(diǎn)，考查分類(lèi)討論的數(shù)學(xué)思想，屬于中檔題．