Question

設(shè)函數(shù)f（x）=x²-2（-1）^klnx（k∈N^*），f′（x）表示f（x）的導(dǎo)函數(shù)．
（1）求函數(shù)y=f（x）的單調(diào)增區(qū)間；
（2）當k為偶數(shù)時，數(shù)列{a_n}滿足：a₁=1，a_nf′（a_n）=a_n+1²-3．證明：數(shù)列{a_n²}中的任意三項不能構(gòu)成等差數(shù)列；
（3）當k為奇數(shù)時，證明：對任意正整數(shù)都有[f′（x）]ⁿ-2^n-1f′（xⁿ）≥2ⁿ（2ⁿ-2）成立．

Answer 1

分析：（1）先求函數(shù)f（x）的導(dǎo)數(shù)，f′（x），再對k進行奇偶數(shù)討論：①當k為奇數(shù)時，f′（x）=

2(x2+1)

x

；②當k為偶數(shù)時，f′（x）=

2(x2-1)

x

；最后綜合即可；
（2）當k為偶數(shù)時，由（1）知f′（x）=

2(x2-1)

x

，由條件得{a_n²+1}是一個公比為2的等比數(shù)列，從而得到a_n²=2ⁿ-1，最后利用反證法進行證明即可；
（3）當k為奇數(shù)時，f′（x）=2（x+

1

x

），欲證原不等式成立，即證：（x+

1

x

）ⁿ-（xⁿ+

1

x n

）≥2ⁿ-2，由二項式定理得，即證：C_n¹xⁿ-2+C_n²x^n-4+…+C_n ^2-n x ^2-n≥2ⁿ-2，設(shè)S_n=C_n¹x^n-2+C_n²x^n-4+…+C_n ^2-nx ^2-n，利用倒序相加法即可證得．

解答：解：（1）函數(shù)f（x）的定義域為（0，+∞），又f′（x）=2x-2（-1）^k

1

x

=

2[x2-(-1)k]

x

，
①當k為奇數(shù)時，f′（x）=

2(x2+1)

x

，∵x∈（0，+∞），∴f′（x）＞0恒成立；
②當k為偶數(shù)時，f′（x）=

2(x2-1)

x

，∵x+1＞0，f′（x）＞0得x＞1，即f（x）的單調(diào)增區(qū)間為（1，+∞），
綜上所述，當k 為奇數(shù)時，f（x）的單調(diào)增區(qū)間為（0，+∞），當k 為偶數(shù)時，即f（x）的單調(diào)增區(qū)間為（1，+∞），
（2）當k為偶數(shù)時，由（1）知f′（x）=

2(x2-1)

x

，∴f′（a_n）=

2( a 2 n -1)

an

，
由條件得：2（a_n²-1）=a_n+1²-3，故有：a_n+1²+1=2（a_n²+1），
∴{a_n²+1}是一個公比為2的等比數(shù)列，∴a_n²=2ⁿ-1，
假設(shè)數(shù)列{a_n²}中的存在三項a_r²，s²，a_t²，能構(gòu)成等差數(shù)列
不妨設(shè)r＜s＜t，則2a_s²=a_r²+a_t²，
即2（2^s-1）=2^r-1+2^t-1，∴2^s-r+1=1+2 ^t-r，
又s-r+1＞0，t-r＞0，∴2^s-r+1為偶數(shù)，1+2^t-r為奇數(shù)，故假設(shè)不成立，
因此，數(shù)列{a_n²}中的任意三項不能構(gòu)成等差數(shù)列；
（3）當k為奇數(shù)時，f′（x）=2（x+

1

x

），即證：（x+

1

x

）ⁿ-（xⁿ+

1

x n

）≥2ⁿ-2，
由二項式定理得，即證：C_n¹x^n-2+C_n²x^n-4+…+

C

n-1 n

x^2-n≥2ⁿ-2，
設(shè)S_n=C_n¹x^n-2+C_n²x^n-4+…+

C

n-1 n

x^2-n，
S_n=

C

n-1 n

x^2-n+…+C_n²x^n-4+C_n¹x^n-2，
兩式相加得：
2S_n=C_n¹（x^n-2+x^2-n）+C_n²（x^n-4+x^4-n）+…+C_n^n-1（x^n-2+x^2-n）≥2（C_n¹+C_n²+…+

C

n-1 n

）=2（2ⁿ-2），
∴S_n≥2ⁿ-2，
即原不等式成立．

點評：本小題主要考查等差關(guān)系的確定、利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、用數(shù)學歸納法證明不等式等基礎(chǔ)知識，考查運算求解能力，考查化歸與轉(zhuǎn)化思想．本題利用了二項展開式的二項式系數(shù)和公式

C

0 n

+

C

1 n

+

C

2 n

+…+

C

n n

=2ⁿ．