Question

（2013•東莞一模）設(shè)等差數(shù)列{a_n}，{b_n}前n項(xiàng)和S_n，T_n滿足

Sn

Tn

=

An+1

2n+7

，且

a3

b4+b6

+

a7

b2+b8

=

2

5

，S₂=6；函數(shù)g(x)=

1

2

(x-1)，且c_n=g（c_n-1）（n∈N，n＞1），c₁=1．
（1）求A；
（2）求數(shù)列{a_n}及{c_n}的通項(xiàng)公式；
（3）若dn=

an(n為奇數(shù)) cn(n為偶數(shù))

，試求d1+d2+…+dn．

Answer 1

分析：（1）利用等差中項(xiàng)的概念，把

a3

b4+b6

+

a7

b2+b8

=

2

5

轉(zhuǎn)化為

a5

b5

=

2

5

，結(jié)合

Sn

Tn

=

An+1

2n+7

得到

9A+1

2×9+7

=

2

5

，從而A的值可求；
（2）由A=1，可令S_n=kn（n+1），由S₂=6求出k，則S_n可求，分n=1和n≥2求得a_n．把給出的c_n=g（c_n-1）變形，得到數(shù)列{c_n+1}是

1

2

為公比，以c₁+1=2為首項(xiàng)的等比數(shù)列，由等比數(shù)列的通項(xiàng)公式求出c_n+1，從而得到c_n；
（3）分n=2k和n=2k+1兩類寫出d₁+d₂+…+d_n，然后利用分組求和．

解答：解：（1）∵{a_n}，{b_n}是等差數(shù)列，
由

a3

b4+b6

+

a7

b2+b8

=

2

5

，得

a3

2b5

+

a7

2b5

=

2a5

2b5

=

a5

b5

=

2

5

，
而

S9

T9

=

a 1+a9 2 ×9

b1+b9 2 ×9

=

a5

b5

=

2

5

，
∴

9A+1

2×9+7

=

2

5

，解得A=1；
（2）令S_n=kn（n+1），∵S₂=6，得6k=6，k=1，即Sn=n2+n．
當(dāng)n=1時(shí)，a₁=S₁=2，當(dāng)n≥2時(shí)，a_n=S_n-S_n-1=n²+n-[（n-1）²+（n-1）]=2n，
該式對n=1時(shí)成立，所以a_n=2n；
由題意cn=

1

2

(cn-1-1)，變形得cn+1=

1

2

(cn-1+1)（n≥2），
∴數(shù)列{c_n+1}是

1

2

為公比，以c₁+1=2為首項(xiàng)的等比數(shù)列．
cn+1=2•(

1

2

)n-1，即cn=(

1

2

)n-2-1；
（3）當(dāng)n=2k+1時(shí)，d₁+d₂+…+d_n=（a₁+a₃+…a_2k+1）+（c₂+c₄+…+c_2k）
=[2+6+10+…+2（2k+1）]+[（1-1）+（

1

22

-1）+…+（

1

22k-2

-1）]
=2(k+1)2+

4

3

[1-(

1

4

)k]-k=2k2+3k+2+

4

3

[1-(

1

4

)k]
=

n2+n+2

2

+

4

3

[1-(

1

2

)n-1]．
當(dāng)n=2k時(shí)，d₁+d₂+…+d_n=（a₁+a₃+…a_2k-1）+（c₂+c₄+…+c_2k）
=[2+6+10+…+2（2k-1）]+[（1-1）+（

1

22

-1）+…+（

1

22k-2

-1）]
=2k2-k+

4

3

[1-(

1

4

)k]=

n2-n

2

+

4

3

[1-(

1

2

)n]．
綜上：d1+d2+…dn=

n2+n+2 2 + 4 3 [1-( 1 2 )n-1](n為正奇數(shù)) n2-n 2 + 4 3 [1-( 1 2 )n](n為正偶數(shù))

．

點(diǎn)評：本題考查了等差關(guān)系的確定，考查了等差數(shù)列的通項(xiàng)公式和等差中項(xiàng)概念，訓(xùn)練了分類討論的數(shù)學(xué)思想方法，考查了數(shù)列的分組求和及等差數(shù)列和等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式，是中檔題．