Question

定義在實(shí)數(shù)集R上的偶函數(shù)f（x）的最小值為3，且當(dāng)x≥0時(shí)，f（x）=3e^x+a，其中e是自然對(duì)數(shù)的底數(shù)．
（1）求函數(shù)f（x）的解析式．（2）求最大的整數(shù)m（m＞1），使得存在t∈R，只要x∈[1，m]，就有f（x+t）≤3ex．

Answer 1

解：（1）∵y=e^x是增函數(shù)，∴當(dāng)x≥0時(shí)，f（x）為增函數(shù)，又f（x）為偶函數(shù)，∴f（x）_min=f（0）=3+a，∴3+a=3．∴a=0
當(dāng)x＜0時(shí)，∵-x＞0∴f（x）=f（-x）=3e^-x
綜上，
（2）當(dāng)x∈[1，m]時(shí)，有f（x+t）≤3ex，∴f（1+t）≤3e
當(dāng)1+t≥0時(shí)，3e^1+t≤3e即e^1+t≤e，1+t≤1，∵-1≤t≤0
當(dāng)1+t≤0時(shí)，同理，-2≤t≤-1，∴-2≤t≤0
同樣地，f（m+t）≤3em及m≥2，得e^m+t≤em∴
由t的存在性可知，上述不等式在[-2，0]上必有解．
∵e^t在[-2，0]上的最小值為e^-2，∵，即e^m-e³m≤0①
令g（x）=e^x-e³x，x∈[2，+∞）．
則g'（x）=e^x-e³由g'（x）=0得x=3
當(dāng)2≤x＜3時(shí)，g'（x）＜0，g（x）是減函數(shù)；當(dāng)x＞3時(shí)，g'（x）＞0，g（x）是增函數(shù)
∴g（x）的最小值是g（3）=e³-3e³=-2e³＜0，
又g（2）＜0，g（4）＜0，g（5）＞0，
∴g（x）=0在[2，+∞）上有唯一解m₀∈（4，5）．
當(dāng)2≤x≤m₀時(shí)，g（x）≤0，當(dāng)x＞m₀時(shí)，g（x）＞0∴在x∈[2，+∞）時(shí)滿足不等式①的最大實(shí)數(shù)解為m₀
當(dāng)t=-2，x∈[1，m₀]時(shí)，f（x-2）-3ex=3e（e^|x-2|-1-x），在x∈[1，2）時(shí)，∵e^|x-2|-1=e^1-x≤1∴f（x-2）-3ex≤0，在x∈[2，m₀]時(shí)，f（x-2）-3ex=
綜上所述，m最大整數(shù)為4．
分析：（1）由y=e^x是增函數(shù)，得知f（x）也是（0，+∞）上增函數(shù)，再由f（x）為偶函數(shù)，則f（x）在（-∞，0）上是減函數(shù)，從而當(dāng)x=0時(shí)有最小值求得a值，然后利用偶函數(shù)求對(duì)稱區(qū)間上的解析式即可．
（2）先假設(shè)當(dāng)x∈[1，m]時(shí)，存在t∈R，有f（x+t）≤3ex，則有f（1+t）≤3e，下面要選擇解析式，所以要分1+t≥0時(shí)和1+t≤0時(shí)兩種情況得t的范圍，同樣地，有f（m+t）≤3em及m≥2，得e^m+t≤em轉(zhuǎn)化為由t的存在性可知，上述不等式在[-2，0]上必有解，只要求得e^t在[-2，0]上的最小值可即可．
點(diǎn)評(píng)：本題主要考查利用奇偶性來求對(duì)稱區(qū)間上的解析式和應(yīng)用單調(diào)性來解決恒成立問題．這類問題綜合性較強(qiáng)，涉及的知識(shí)和方法較多，思路比較繁雜，解題時(shí)必須嚴(yán)格按照邏輯步驟，層層解決．