Question

設函數f（x）=x³+ax²+bx（x＞0）的圖象與直線y=4相切于M（1，4）．
（1）求f（x）=x³+ax²+bx在區(qū)間（0，4]上的最大值與最小值；
（2）是否存在兩個不等正數s，t（s＜t），當x∈[s，t]時，函數f（x）=x³+ax²+bx的值域也是[s，t]，若存在，求出所有這樣的正數s，t；若不存在，請說明理由；
（3）設存在兩個不等正數s，t（s＜t），當x∈[s，t]時，函數f（x）=x³+ax²+bx的值域是[ks，kt]，求正數k的取值范圍．

Answer 1

【答案】分析：（Ⅰ）f（x）=3x²+2ax+b．依題意則有：，解得，所以f（x）=x³-6x²+9x；求導f′（x）利用導數研究f（x）在區(qū)間（0，4]上的變化情況即可得到函數f（x）=x³-6x²+9x在區(qū)間[0，4]上的最大值，最小值．
（Ⅱ）由函數的定義域是正數知，s＞0，故極值點（3，0）不在區(qū)間[s，t]上；下面分類討論：（1）若極值點M（1，4）在區(qū)間[s，t]，（2）若f（x）=x³-6x²+9x在[s，t]上單調增，（3）若f（x）=x³-6x²+9x在[s，t]上單調減，看是不是存在這樣的正數s即可；
（Ⅲ）同（Ⅱ），極值點（3，0）不可能在區(qū)間[s，t]上；分類討論：（1）若極值點M（1，4）在區(qū)間[s，t]，（2）若函數f（x）在區(qū)間[s，t]單調遞增，（3）若函數f（x）在區(qū)間[s，t]單調遞減，綜上可得結果．
解答：解：（Ⅰ）f（x）=3x²+2ax+b．依題意則有：
，所以，解得，所以f（x）=x³-6x²+9x；
f′（x）=3x²-12x+9=3（x-1）（x-3），由f′（x）=0可得x=1或x=3．
f′（x），f（x）在區(qū)間（0，4]上的變化情況為：

所以函數f（x）=x³-6x²+9x在區(qū)間[0，4]上的最大值是4，最小值是0．
（Ⅱ）由函數的定義域是正數知，s＞0，故極值點（3，0）不在區(qū)間[s，t]上；
（1）若極值點M（1，4）在區(qū)間[s，t]，此時0＜s≤1≤t＜3，在此區(qū)間上f（x）的最大值是4，不可能等于t；故在區(qū)間[s，t]上沒有極值點；
（2）若f（x）=x³-6x²+9x在[s，t]上單調增，即0＜s＜t≤1或3＜s＜t，
則，即，解得不合要求；
（3）若f（x）=x³-6x²+9x在[s，t]上單調減，即1＜s＜t＜3，則，
兩式相減并除s-t得：（s+t）²-6（s+t）-st+10=0，①
兩式相除并開方可得[s（s-3）]²=[t（t-3）]²，
即s（3-s）=t（3-t），整理并除以s-t得：s+t=3，②
代入①有st=1，與1＜s＜t＜3矛盾．
（Ⅲ）同（Ⅱ），極值點（3，0）不可能在區(qū)間[s，t]上；
（1）若極值點M（1，4）在區(qū)間[s，t]，此時0＜s≤1≤t＜3，
故有①或②
①由k=，1≤t＜3知，k∈（，4]，當且僅當t=1時，k=4；
再由k=（s-3）²，0＜s≤1知，k∈[4，9），當且僅當s=1時，k=4
由于s≠t，故不存在滿足要求的k值．
②由s=f（t）=f（t）=[]²，及0＜s≤1可解得2≤t＜3，
所以k=，2≤t＜3知，k∈（，2]；
即當k∈（，2]時，存在t=∈[2，3），s=f（t）=f（t）=[]²∈（0，1]，
且f（s）≥4s=f（t）＞f（t），滿足要求．
（2）若函數f（x）在區(qū)間[s，t]單調遞增，則0＜s＜t≤1或3＜s＜t，
且，故s，t是方程x²-6x+9=k的兩根，
由于此方程兩根之和為3，故[s，t]不可能同在一個單調增區(qū)間；
（3）若函數f（x）在區(qū)間[s，t]單調遞減，則1＜s＜t＜3，，
兩式相除并整理得s²（s-3）²=t²（t-3）²，由1＜s＜t＜3知s（s-3）=t（t-3），即s+t=3，
再將兩式相減并除以s-t得，-k=（s²+st+t²）-6（s+t）+9=（s+t）²-6（s+t）+9-st=-st，
即k=st，所以s，t是方程x²-3x+k=0的兩根，令g（x）=x²-3x+k，
則，解得，即存在s=，s=滿足要求．
綜上可得，當時，存在兩個不等正數s，t（s＜t），
使x∈[s，t]時，函數f（x）=x³-6x²+9x的值域恰好是[ks，kt]．
點評：本題主要考查了導數的幾何意義、利用導數求閉區(qū)間上函數的最值．屬于中檔題．