已知m∈R，函數(shù)f（x）=x2-mx，g（x）=lnx．
（1）當(dāng)x∈[1，2]時，如果函數(shù)f（x）的最大值為f（1），求m的取值范圍；
（2）若對有意義的任意x，不等式f（x）＞g（x）恒成立，求m的取值范圍；
（3）當(dāng)m在什么范圍內(nèi)取值時，方程f（x）=g（x）分別無實根？只有一實根？有兩個不同實根？
分析：（1）本問題求出函數(shù)的最值代入已知最大值為f（1），即可解得參數(shù)m的值，
（2）本題恒成立問題轉(zhuǎn)化為函數(shù)的最值來解答，具體方法是由f（x）＞g（x）等價于x
2-mx＞lnx，即
m＜=x-，構(gòu)造出函數(shù)
t(x)=x-，利用導(dǎo)數(shù)工具可以求解．
（3）我們對本題可以這樣處理，想根據(jù)函數(shù)y=x
2，y=mx，y=lnx的圖象的增減性，判斷猜測出參數(shù)m取值時分別對應(yīng)方程的根的情況，然后來證明這個結(jié)論．證明時可利用新構(gòu)造的函數(shù)h（x）=f（x）-g（x），利用導(dǎo)數(shù)以及函數(shù)的單調(diào)性，求出函數(shù)的最值來判斷根x
0的性質(zhì)以辨別是否存在這個根．
解答：解：（1）函數(shù)f（x）=x
2-mx的圖象開口向上，函數(shù)在x=1或x=2處取得最大值，則f（1）≥f（2），1-m≥4-2m，得：m≥3．
（2）f（x）＞g（x）等價于x
2-mx＞lnx，其中x＞0，即：由
m＜=x-，令
t(x)=x-，得
t′(x)=，
當(dāng)x=1時t′（x）=0，當(dāng)x∈（0，1）時t′（x）＜0；當(dāng)x∈（1，+∞）時t′（x）＞0，m＜t（x）
min=t（1）=1，∴m＜1．
（3）設(shè)h（x）=f（x）-g（x）=x
2-mx-lnx，其中x＞0．觀察得當(dāng)m=1時，方程f（x）=g（x）即為：x
2-x-lnx=0的一個根為x=1．猜測當(dāng)m＜1，m=1，m＞1時方程分別無根，只有一個根，有且只有兩個根．
證明：∵h(yuǎn)′（x）=
2x-m-==0，等價于2x
2-mx-1=0此方程有且只有一個正根為
x0=，
且當(dāng)x∈（0，x
0）時，h′（x）＜0；當(dāng)x∈（x
0，+∞）時，h′（x）＞0，函數(shù)只有一個極值h（x）
min=h（x
0）=x
02-mx
0-lnx
0．
1°當(dāng)m＜1時，由（2）得f（x）＞g（x）恒成立，方程無解．
2°當(dāng)m=1時，x
0=1，h（x）
min=h（1）=0，則h（x）≥h（x）
min=0，當(dāng)且僅當(dāng)x=1時，h（x）=0，此時只有一個根x=1．
3°當(dāng)m＞1時，
x0=，關(guān)于m在（1，+∞）上遞增，∴x
0∈（1，+∞）時lnx
0＞0，∵m＞1?1＜m
2?8＜8m
2?m
2+8＜9m
2?
＜3m?
m+＜4m?
＜ m?x
0＜m．∴h（x）
min=h（x
0）=x
02-mx
0-lnx
0=x
0（x
0-m）-lnx
0＜0．證畢
點評：本題考查二次函數(shù)在定區(qū)間上的最值問題，函數(shù)類型簡單，是一個二次函數(shù)，第一問的設(shè)計很容易，后面兩問的綜合性較強，對學(xué)生的邏輯思維能力，運算能力有很好的鍛煉價值，本題第二小題是一個恒成立的問題，求參數(shù)的范圍，一般轉(zhuǎn)化最值問題來求解，本題第三問也是構(gòu)造函數(shù)來解答，轉(zhuǎn)化為利用導(dǎo)數(shù)研究新構(gòu)造的函數(shù)的單調(diào)性求出函數(shù)的最值，結(jié)合最值來判斷根的存在與否．本題對運算能力有一定的要求，解題時一定要嚴(yán)謹(jǐn)．考查的思想方法有分類討論，構(gòu)造函數(shù)等方法思想．
