Question

已知函數(shù)f（x）=（x+1）[1+ln（x+1）]-kx，k∈R，e≈2.72．
（1）當(dāng)k=1時(shí)，求函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間；
（2）是否存在正整數(shù)k，使得f（x）＞0在（0，+∞）上恒成立？若存在，求出k的最大值；若不存在，說明理由．

Answer 1

【答案】分析：（1）先求導(dǎo)數(shù)，運(yùn)用導(dǎo)函數(shù)在區(qū)間內(nèi)的符號求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間．
（2）因?yàn)閤＞0，所以可把k分離出來，得到k＜，，把不等式右邊借助于求導(dǎo)求在給定區(qū)間上的最值，最后求出 k的范圍．
解答：解：（1）函數(shù)f（x）的定義域?yàn)椋?1，+∞）
 當(dāng)k=1時(shí)，f^′（x）=1+ln（x+1）+1-1，由f^′（x）＞0，得1+ln（x+1）＞0，即x＞e^-1-1，由 
f^′（x）＜0，得 1+ln（x+1）＜0，即-1＜x＜e^-1-1．
所以函數(shù)f（x）的增區(qū)間為（e^-1，+∞），減區(qū)間為（-1，e^-1-1）．
（2）假設(shè)存在正整數(shù)k使得f（x）＞0在（0，+∞）上恒成立，而f（x）＞0
?f（x）=（x+1）[1+ln（x+1）]-kx＞0?k＜，
令g（x）=，
則，設(shè)h（x）=x-1-ln（x+1）（x＞0），
則，所以函數(shù)h（x）在（0，+∞）單調(diào)遞增，
而h（2）=1-ln3＜0，h（3）=2-ln4＞0，
由零點(diǎn)存在定理，存在x∈（2，3），使得 h（x）=0，即1+ln（x+1）=x，又函數(shù) h（x）
在（0，+∞）單調(diào)遞增，所以當(dāng)x∈（0，x）時(shí)，h（x）＞h（x）=0，
從而當(dāng)x∈（0，x）時(shí)，，當(dāng)x∈（x，+∞）時(shí)，，
所以g（x）在（0，+∞）上的最小值g（x）_min=g（x）==x+1．
因此f（x）＞0在（0，+∞）上恒成立等價(jià)于k＜g（x）_min=x+1．由x∈（2，3），
知g（x）_min=x+1∈（3，4）．
所以存在正整數(shù)k，使得f（x）＞0 在（0，+∞）上恒成立，k的最大值為3．
點(diǎn)評：本題中的（2）運(yùn)用了分離變量的思想方法，分離變量是求解字母范圍的常用方法；分式函數(shù)和簡單復(fù)合函數(shù)的求導(dǎo)法則應(yīng)該掌握．