【答案】
分析：（I）把a等于1代入到f（x）中求出f′（x），令f′（x）大于0求出x的范圍即為函數(shù)的增區(qū)間，令f′（x）小于0求出x的范圍即為函數(shù)的減區(qū)間；
（II）f（x）小于0時不可能恒成立，所以要使函數(shù)在（0，
）上無零點，只需要對x屬于（0，
）時f（x）大于0恒成立，列出不等式解出a大于一個函數(shù)，利用導(dǎo)數(shù)得到函數(shù)的單調(diào)性，根據(jù)函數(shù)的增減性得到這個函數(shù)的最大值即可得到a的最小值；
（III）求出g′（x），根據(jù)導(dǎo)函數(shù)的正負(fù)得到函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，即可求出g（x）的值域，而當(dāng)a等于2時不合題意，當(dāng)a不等于2
時，求出f′（x）=0時x的值，根據(jù)x屬于（0，e]列出關(guān)于a的不等式得到①，并根據(jù)此時的x的值討論導(dǎo)函數(shù)的正負(fù)得到函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間，根據(jù)單調(diào)區(qū)間得到②和③，令②中不等式的坐標(biāo)為一個函數(shù)，求出此函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)，討論導(dǎo)函數(shù)的正負(fù)得到函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，根據(jù)函數(shù)的增減性得到此函數(shù)的最大值，即可解出②恒成立和解出③得到④，聯(lián)立①和④即可解出滿足題意a的取值范圍．
解答：解：（I）當(dāng)a=1時，f（x）=x-1-2lnx，則f'（x）=1-
，
由f'（x）＞0，得x＞2；由f'（x）＜0，得0＜x＜2．
故f（x）的單調(diào)減區(qū)間為（0，2]，單調(diào)增區(qū)間為[2，+∞）；
（II）因為f（x）＜0在區(qū)間
上恒成立不可能，
故要使函數(shù)
上無零點，
只要對任意的
，f（x）＞0恒成立，即對
恒成立．
令
，則
，
再令
，
則
，故m（x）在
上為減函數(shù)，于是
，
從而，l（x）＞0，于是l（x）在
上為增函數(shù)，所以
，
故要使
恒成立，只要a∈[2-4ln2，+∞），
綜上，若函數(shù)f（x）在
上無零點，則a的最小值為2-4ln2；
（III）g'（x）=e
1-x-xe
1-x=（1-x）e
1-x，
當(dāng)x∈（0，1）時，g'（x）＞0，函數(shù)g（x）單調(diào)遞增；
當(dāng)x∈（1，e]時，g'（x）＜0，函數(shù)g（x）單調(diào)遞減．
又因為g（0）=0，g（1）=1，g（e）=e•e
1-e＞0，
所以，函數(shù)g（x）在（0，e]上的值域為（0，1]．
當(dāng)a=2時，不合題意；當(dāng)a≠2時，f'（x）=
，x∈（0，e]
當(dāng)x=
時，f'（x）=0．
由題意得，f（x）在（0，e]上不單調(diào)，故
，即
①
此時，當(dāng)x變化時，f'（x），f（x）的變化情況如下：
又因為，當(dāng)x→0時，f（x）→+∞，
，
所以，對任意給定的x
∈（0，e]，在（0，e]上總存在兩個不同的x
i（i=1，2），
使得f（x
i）=g（x
）成立，當(dāng)且僅當(dāng)a滿足下列條件：
即
令h（a）=
，
則h
，令h'（a）=0，得a=0或a=2，
故當(dāng)a∈（-∞，0）時，h'（a）＞0，函數(shù)h（a）單調(diào)遞增；
當(dāng)
時，h'（a）＜0，函數(shù)h（a）單調(diào)遞減．
所以，對任意
，有h（a）≤h（0）=0，
即②對任意
恒成立．
由③式解得：
．④
綜合①④可知，當(dāng)
時，對任意給定的x
∈（0，e]，
在（0，e]上總存在兩個不同的x
i（i=1，2），
使f（x
i）=g（x
）成立．
點評：此題考查學(xué)生會利用導(dǎo)函數(shù)的正負(fù)確定函數(shù)的單調(diào)性，會根據(jù)函數(shù)的增減性求出閉區(qū)間上函數(shù)的最值，掌握不等式恒成立時所滿足的條件，是一道壓軸題．
上無零點，求a的最小值；
