Question

設(shè)函數(shù)f（x）=（x-1）e^x-kx²（k∈R）．
（1）當(dāng)k=1時(shí)，求函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間；
（2）當(dāng)k∈（

1

2

，1]時(shí)，求函數(shù)f（x）在[0，k]的最大值M．
（3）當(dāng)k=0時(shí)，又設(shè)函數(shù)g（x）=ln（1+

2

x-1

）-

2x2+x

2x+2

，求證：當(dāng)n≥2，且n∈N^*時(shí)，1+

1

2

+

1

3

+…+

1

n

＞g（n）+lnf（n）．

Answer 1

分析：（1）當(dāng)k=1時(shí)，令f′（x）=x（e^x-2）=0，解得x=0，或x=ln2，分別討論區(qū)間（-∞，0）、（0，ln2）、（ln2，+∞）上導(dǎo)函數(shù)的符號(hào)，進(jìn)而可得函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間；
（2）利用導(dǎo)數(shù)的運(yùn)算法則求出f′（x），令f′（x）=0得出極值點(diǎn)，列出表格得出單調(diào)區(qū)間，比較區(qū)間端點(diǎn)與極值即可得到最大值．
（3）若證當(dāng)n≥2，且n∈N^*時(shí)，1+

1

2

+

1

3

+…+

1

n

＞g（n）+lnf（n），即證

1

n+1

+

1

n

＞2ln

n+1

n

，令t=

1

n

，t∈（0，1），h（t）=1-

1

t+1

+t-2ln（t+1），利用導(dǎo)數(shù)法，證得h（t）＞h（0）=0可得答案．

解答：解：∵f（x）=（x-1）e^x-kx²
∴f′（x）=（x-1）e^x+e^x-2kx=x（e^x-2k）
（1）當(dāng)k=1時(shí)，令f′（x）=x（e^x-2）=0，解得x=0，或x=ln2
當(dāng)x＜0時(shí)，f′（x）＞0；
當(dāng)0＜x＜ln2時(shí)，f′（x）＜0；
當(dāng)x＞ln2時(shí)，f′（x）＞0；
∴函數(shù)f（x）的單調(diào)遞增區(qū)間為（-∞，0）、（ln2，+∞）；單調(diào)遞減區(qū)間為（0，ln2）
（2）∵f（x）=（x-1）e^x-kx²，x∈[0，k]，kk∈（

1

2

，1]
f'（x）=xe^x-2kx=x（e^x-2k）
令f'（x）=0，解得x₁=0，x₂=ln（2k）
令φ（k）=k-ln（2k），kk∈（

1

2

，1]
φ′（k）=1-

1

k

=

k-1

k

≤0
所以φ（k）在（

1

2

，1]上是減函數(shù)，
∴φ（1）≤φ（k）＜φ（

1

2

），
∴1-ln2≤φ（k）＜

1

2

＜k．
即0＜ln（2k）＜k
所以f'（x），f（x）隨x的變化情況如下表：

x	（0，ln（2k））	ln（2k）	（ln（2k），k）
f'（x）	-	0	+
f（x）	↘	極小值	↗

f（0）=-1，f（k）=（k-1）e^k-k³f（k）-f（0）=（k-1）e^k-k³+1=（k-1）e^k-（k³-1）=（k-1）e^k-（k-1）（k²+k+1）=（k-1）[e^k-（k²+k+1）]
因?yàn)閗k∈（

1

2

，1]，所以k-1≤0
對(duì)任意的kk∈（

1

2

，1]，y=e^x的圖象恒在y=k²+k+1下方，所以e^k-（k²+k+1）≤0
所以f（k）-f（0）≥0，即f（k）≥f（0）
所以函數(shù)f（x）在[0，k]上的最大值M=f（k）=（k-1）e^k-k³．
（3）當(dāng)k=0時(shí)，f（x）=（x-1）e^x，
∵g（x）=ln（1+

2

x-1

）-

2x2+x

2x+2

，
∴g（n）+lnf（n）=ln（n+1）+

n

2n+2

若證當(dāng)n≥2，且n∈N^*時(shí)，1+

1

2

+

1

3

+…+

1

n

＞g（n）+lnf（n）．
即證1+

1

2

+

1

3

+…+

1

n

＞ln（n+1）+

n

2n+2

=ln（n+1）+

1

2

（1-

1

n+1

）=ln（

2

1

•

3

2

•

4

3

…

n+1

n

）+

1

2

[（1-

1

2

）+（

1

2

-

1

3

）+…+（

1

n

-

1

n+1

）]
即證：

1

n

＞ln

n+1

n

+

1

2

（

1

n

-

1

n+1

）
即證

1

n+1

+

1

n

＞2ln

n+1

n

設(shè)t=

1

n

，t∈（0，1），令h（t）=1-

1

t+1

+t-2ln（t+1）
則h′（t）=

t2

(t+1)2

∵h(yuǎn)′（t）≥0恒成立
故h（t）在（0，1）上為增函數(shù)
故h（t）＞h（0），
即1-

1

t+1

+t-2ln（t+1）＞0
即

1

n+1

+

1

n

＞2ln

n+1

n

即1+

1

2

+

1

3

+…+

1

n

＞g（n）+lnf（n）

點(diǎn)評(píng)：熟練掌握導(dǎo)數(shù)的運(yùn)算法則、利用導(dǎo)數(shù)求函數(shù)的單調(diào)性、極值與最值得方法是解題的關(guān)鍵．