Question

設(shè)等比數(shù)列{a_n}的首項(xiàng)為a₁，公比為q，且q＞0，q≠1．
（1）若a₁=q^m，m∈Z，且m≥-1，求證：數(shù)列{a_n}中任意不同的兩項(xiàng)之積仍為數(shù)列{a_n}中的項(xiàng)；
（2）若數(shù)列{a_n}中任意不同的兩項(xiàng)之積仍為數(shù)列{a_n}中的項(xiàng)，求證：存在整數(shù)m，且m≥-1，使得a₁=q^m．

Answer 1

【答案】分析：（1）設(shè)出等比數(shù)列中的不同的兩項(xiàng)，然后求出兩項(xiàng)的積，利用等比數(shù)列的通項(xiàng)公式化簡后，根據(jù)等比數(shù)列的通項(xiàng)公式即可得到積為等比數(shù)列中的項(xiàng)，得證；
（2）根據(jù)等比數(shù)列{a_n}中任意不同兩項(xiàng)之積仍為數(shù)列{a_n}中的項(xiàng)，設(shè)出兩項(xiàng)之積的項(xiàng)，利用等比數(shù)列的通項(xiàng)公式化簡可得存在整數(shù)m使a₁=q^m，然后利用反證法證明m大于等于-1，方法是，先假設(shè)m小于-1，得到-m大于等于2，令k等于-m，根據(jù)題意推出r的值為0，與r為正整數(shù)矛盾，所以假設(shè)錯(cuò)誤，原命題正確，得證．
解答：證明：（1）設(shè)a_r，a_t為等比數(shù)列{a_n}中不同的兩項(xiàng)，
由a₁=q^m，得a_r•a_t=a₁q^r-1•a₁q^t-1=a₁•q^{（r+t+m-1）-1}．
又r+t≥3，且m≥-1，所以r+m+t-1≥1．
所以a_r，a_t是數(shù)列{a_n}的第r+m+t-1項(xiàng)；
（2）等比數(shù)列{a_n}中任意不同兩項(xiàng)之積仍為數(shù)列{a_n}中的項(xiàng)，
令a_s•a_t=a_l（l，t，s∈N^*，t≠s），
由a_s=a₁•q^s-1，a_t=a₁•q^t-1，a_l=a₁•q^l-1，得a₁•q^s-1••a₁•q^t-1=a₁•q^l-1，a₁=q^l-s-t+1．
令整數(shù)m=l-s-t+1，則a₁=q^m．
下證整數(shù)m≥-1．
若設(shè)整數(shù)m＜-1，則-m≥2．令k=-m，
由題設(shè)，取a₁，a_k，使a₁•a_k=a_r（r∈N^*），
即a₁•a₁•q^k-1=a₁•q^r-1，所以q^m•q^-m-1=q^r-1，
即q^-1=q^r-1．所以q＞0，q≠1，-1=r-1，r=0與r∈N^*矛盾；
所以m≥-1．
點(diǎn)評：此題考查學(xué)生靈活運(yùn)用等比數(shù)量的通項(xiàng)公式化簡求值，掌握等比數(shù)列的性質(zhì)，會(huì)利用反證法進(jìn)行證明，是一道綜合題．