Question

設函數(shù)f（x）=x（x-1）²，x＞0．
（1）求f（x）的極值；
（2）設0＜a≤1，記f（x）在（0，a]上的最大值為F（a），求函數(shù)的最小值；
（3）設函數(shù)g（x）=lnx-2x²+4x+t（t為常數(shù)），若使g（x）≤x+m≤f（x）在（0，+∞）上恒成立的實數(shù)m有且只有一個，求實數(shù)m和t的值．

Answer 1

解：（1）f′（x）=（x-1）²+2x（x-1）=3x²-4x+1=（3x-1）（x-1），x＞0．令f′（x）=0，得x=或x=1，f（x），f′（x）隨x的變化情況如下表
∴當x=時，有極大值f（）=，當x=1時，有極小值f（1）=0．
（2）由（1）知：f（x）在（0，]，[1，+∞）上是增函數(shù)，在[，1]上是減函數(shù)，
①0＜a≤時，F(xiàn)（a）=a（a-1）²，G（a）=（a-1）²≥
特別的，當a=時，有G（a）=，
②當＜a≤1時，F(xiàn)（a）=f（）=，G（a）=≥
特別的，當a=1時，有G（a）=，
由①②知，當0＜a≤1時，函數(shù)的最小值為．
（3）由已知得h₁（x）=x+m-g（x）=2x²-3x-lnx+m-t≥0在（0，+∞）上恒成立，
∵，
∴x∈（0，1）時，h′₁（x）＜0，x∈（1，+∞）時，h₁（x）＞0
∴x=1時，h′₁（x）取極小值，也是最小值，
∴當h₁（1）=m-t-1≥0，m≥t+1時，h₁（x）≥0在（0，+∞）上恒成立，
同樣，h₂（x）=f（x）-x-m=x³-2x²-m≥0在（0，+∞）上恒成立，
∵h′₂（x）=3x（x-），
∴x∈（0，）時，h′₂（x）＜0，x∈（，+∞），h′₂（x）＞0，
∴x=時，h₂（x）取極小值，也是最小值，
∴=--m≥0，m≤-時，h₂（x）≥0在（0，+∞）上恒成立，
∴t+1≤m≤-，
∵實數(shù)m有且只有一個，∴m=-，t=．
分析：（1）求導，令f′（x）=0得x=或x=1，令f′（x）＞0，令f′（x）＜0得f（x）的單調性，確定函數(shù)f（x）的極值．
（2）由（1）知f（x）的單調性，以極值點為界，把a分成兩類討論，在兩類分別求出F（a），求G（a），求G（a）最小值，兩個最小值最小者，即為所求．
（3）把連等式分成兩個不等式x+m-g（x）≥0和f（x）-x-m≥0在（0，+∞）上恒成立的問題，把不等式的左邊看作一個函數(shù)，利用導數(shù)求最小值，兩個范圍求交集再由實數(shù)m有且只有一個，可求m，進而求t．
點評：本題了考查導數(shù)與極值的關系，若f（a）=0：a的左側f'（x）＞0，a的右側f'（x）＜0則a是極大值點；a的左側f'（x）＜0，a的右側f'（x）＞0則a是極小值點；求F（a）時，要分類討論，在求參數(shù)的范圍時，經過兩次轉化為求函數(shù)的最值，使問題得以解決．