Question

給定一個n項的實數(shù)列a1，a2，…，an(n∈N*)，任意選取一個實數(shù)c，變換T（c）將數(shù)列a₁，a₂，…，a_n變換為數(shù)列|a₁-c|，|a₂-c|，…，|a_n-c|，再將得到的數(shù)列繼續(xù)實施這樣的變換，這樣的變換可以連續(xù)進(jìn)行多次，并且每次所選擇的實數(shù)c可以不相同，第k（k∈N^*）次變換記為T_k（c_k），其中c_k為第k次變換時選擇的實數(shù)．如果通過k次變換后，數(shù)列中的各項均為0，則稱T₁（c₁），T₂（c₂），…，T_k（c_k）為“k次歸零變換”．
（Ⅰ）對數(shù)列：1，3，5，7，給出一個“k次歸零變換”，其中k≤4；
（Ⅱ）證明：對任意n項數(shù)列，都存在“n次歸零變換”；
（Ⅲ）對于數(shù)列1，2²，3³，…，nⁿ，是否存在“n-1次歸零變換”？請說明理由．

Answer 1

（Ⅰ）方法1：T₁（4）：3，1，1，3；T₂（2）：1，1，1，1；T₃（1）：0，0，0，0．
方法2：T₁（2）：1，1，3，5；T₂（2）：1，1，1，3；T₃（2）：1，1，1，1；T₄（1）：0，0，0，0．．…（4分）
（Ⅱ）經(jīng)過k次變換后，數(shù)列記為

a

(k)1

，

a

(k)2

，…，

a

(k)n

，k=1，2，…．
取c1=

1

2

(a1+a2)，則

a

(1)1

=

a

(1)2

=

1

2

|a1-a2|，即經(jīng)T₁（c₁）后，前兩項相等；
取c2=

1

2

(

a

(1)2

+

a

(1)3

)，則

a

(2)1

=

a

(2)2

=

a

(2)3

=

1

2

|

a

(1)3

-

a

(1)2

|，即經(jīng)T₂（c₂）后，前3項相等；
…
設(shè)進(jìn)行變換T_k（c_k）時，其中ck=

1

2

(

a

(k-1)k

+

a

(k-1)k+1

)，變換后數(shù)列變?yōu)?span mathtag="math" >

a

(k)1

，

a

(k)2

，

a

(k)3

，…，

a

(k)k+1

，

a

(k)k+2

，…，

a

(k)n

，則

a

(k)1

=

a

(k)2

=

a

(k)3

=…=

a

(k)k+1

；
那么，進(jìn)行第k+1次變換時，取ck+1=

1

2

(

a

(k)k+1

+

a

(k)k+2

)，
則變換后數(shù)列變?yōu)?span mathtag="math" >

a

(k+1)1

，

a

(k+1)2

，

a

(k+1)3

，…，

a

(k+1)k+1

，

a

(k+1)k+2

，

a

(k+1)k+3

，…，

a

(k+1)n

，
顯然有

a

(k+1)1

=

a

(k+1)2

=

a

(k+1)3

=…=

a

(k+1)k+1

=

a

(k+1)k+2

；
…
經(jīng)過n-1次變換后，顯然有

a

(n-1)1

=

a

(n-1)2

=

a

(n-1)3

=…=

a

(n-1)n-1

=

a

(n-1)n

；
最后，取cn=

a

(n-1)n

，經(jīng)過變換T_n（c_n）后，數(shù)列各項均為0．
所以對任意數(shù)列，都存在“n次歸零變換”． …（9分）
（Ⅲ）不存在“n-1次歸零變換”．…（10分）
證明：首先，“歸零變換”過程中，若在其中進(jìn)行某一次變換T_j（c_j）時，c_j＜min{a₁，a₂，…，a_n}，那么此變換次數(shù)便不是最少．這是因為，這次變換并不是最后的一次變換（因它并未使數(shù)列化為全零），設(shè)先進(jìn)行T_j（c_j）后，再進(jìn)行T_j+1（c_j+1），由||a_i-c_j|-c_j+1|=|a_i-（c_j+c_j+1）|，即等價于一次變換T_j（c_j+c_j+1），同理，進(jìn)行某一步T_j（c_j）時，c_j＞max{a₁，a₂，…，a_n}；此變換步數(shù)也不是最小．
由以上分析可知，如果某一數(shù)列經(jīng)最少的次數(shù)的“歸零變換”，每一步所取的c_i滿足min{a₁，a₂，…，a_n}≤c_i≤max{a₁，a₂，…，a_n}．
以下用數(shù)學(xué)歸納法來證明，對已給數(shù)列，不存在“n-1次歸零變換”．
（1）當(dāng)n=2時，對于1，4，顯然不存在“一次歸零變換”，結(jié)論成立．
（由（Ⅱ）可知，存在“兩次歸零變換”變換：T1(

5

2

)，T2(

3

2

)）
（2）假設(shè)n=k時成立，即1，2²，3³，…，k^k不存在“k-1次歸零變換”．
當(dāng)n=k+1時，假設(shè)1，2²，3³，…，k^k，（k+1）^k+1存在“k次歸零變換”．
此時，對1，2²，3³，…，k^k也顯然是“k次歸零變換”，由歸納假設(shè)以及前面的討論不難知1，2²，3³，…，k^k不存在“k-1次歸零變換”，則k是最少的變換次數(shù)，每一次變換c_i一定滿足1≤ci≤kk，i=1，2，…，k．
因為|…||(k+1)k+1-c1|-c2|-…-ck|=(k+1)k+1-(c1+c2+…+ck)≥（k+1）^k+1-k•k^k＞0
所以，（k+1）^k+1絕不可能變換為0，與歸納假設(shè)矛盾．
所以，當(dāng)n=k+1時不存在“k次歸零變換”．
由（1）（2）命題得證．            …（13分）