Question

19．已知函數(shù)f（x）=a（x-lnx）+$\frac{2x-1}{{x}^{2}}$．
（1）當(dāng)a=0時，求曲線y=f（x）在點P（1，1）處的切線方程；
（2）當(dāng)a＞0時，討論函數(shù)f（x）的單調(diào)性；
（3）若關(guān)于x的方程f（x）=$\frac{5}{x}$-$\frac{2}{{x}^{3}}$在x∈[2，3]上有解，求a的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）求出函數(shù)f（x）的導(dǎo)數(shù)，求出f′（1），求出切線方程即可；
（2）求出函數(shù)f（x）的導(dǎo)數(shù)，通過討論a的范圍，求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間即可；
（3）問題轉(zhuǎn)化為$\frac{{3x}^{2}+x-2}{{x}^{3}}$=a（x-lnx）在x∈[2，3]上有解，令g（x）=$\frac{{3x}^{2}+x-2}{{x}^{3}}$，x∈[2，3]，令h（x）=a（x-lnx），x∈[2，3]，根據(jù)函數(shù)的單調(diào)性得到關(guān)于a的不等式組，解出即可．

解答 解：（1）a=0時，f（x）=$\frac{2x-1}{{x}^{2}}$=$\frac{2}{x}$-$\frac{1}{{x}^{2}}$，
f′（x）=$\frac{2}{{x}^{3}}$-$\frac{2}{{x}^{2}}$=$\frac{2}{{x}^{2}}（\frac{1}{x}-1）$，
f′（1）=0，
故切線方程是：y-1=0（x-1），即y=1；
（2）f′（x）=$\frac{（x-1）（{ax}^{2}-2）}{{x}^{3}}$，（a＞0），
令f′（x）=0，解得：x=1或$\sqrt{\frac{2}{a}}$，
①$\sqrt{\frac{2}{a}}$＜1即a＞2時，
在（0，$\sqrt{\frac{2}{a}}$）上f′（x）＞0，f（x）遞增，
在（$\sqrt{\frac{2}{a}}$，1）上，f′（x）＜0，f（x）遞減，
（1，+∞）上，f′（x）＞0，f（x）遞增，
②$\sqrt{\frac{2}{a}}$＞1，即a∈（0，2）時，
在（0，1）上，f′（x）＜0，f（x）遞減，
在（1，$\sqrt{\frac{2}{a}}$）上，f′（x）＞0，f（x）遞增，
在（$\sqrt{\frac{2}{a}}$，+∞）上，f′（x）＜0，f（x）遞減；
③a=2時，f′（x）≥0，f（x）遞增；
（3）若關(guān)于x的方程f（x）=$\frac{5}{x}$-$\frac{2}{{x}^{3}}$在x∈[2，3]上有解，
即$\frac{{3x}^{2}+x-2}{{x}^{3}}$=a（x-lnx）在x∈[2，3]上有解，
令g（x）=$\frac{{3x}^{2}+x-2}{{x}^{3}}$，x∈[2，3]，
則g′（x）=$\frac{-{3x}^{2}-2x+6}{{x}^{4}}$＜0在x∈[2，3]恒成立，
∴g（x）∈[$\frac{28}{27}$，$\frac{3}{2}$]，
令h（x）=a（x-lnx），h′（x）=a（1-$\frac{1}{x}$）＞0，
故h（x）在[2，3]遞增，h（x）∈[a（2-ln2），a（3-ln3）]，
∴只需$\left\{\begin{array}{l}{g（2）≥h（2）}\\{g（3）≤h（3）}\end{array}\right.$，即$\left\{\begin{array}{l}{\frac{3}{2}≥a（2-ln2）}\\{\frac{28}{27}≤a（3-ln3）}\end{array}\right.$，
解得：$\frac{28}{27（3-ln3）}$≤a≤$\frac{3}{2（2-ln2）}$．

點評 本題考查了切線方程問題，考查函數(shù)的單調(diào)性、最值問題，考查導(dǎo)數(shù)的應(yīng)用以及分類討論思想，是一道綜合題．