Question

20．相距L=1.5m的足夠長金屬導(dǎo)軌豎直放置，質(zhì)量為m₁=1kg的金屬棒ab和質(zhì)量為m₂=0.27kg的金屬棒cd均通過棒兩端的套環(huán)水平地套在金屬導(dǎo)軌上，如圖（a）所示，虛線上方磁場方向垂直紙面向里，虛線下方磁場方向豎直向下，兩處磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同．a(chǎn)b棒光滑，cd棒與導(dǎo)軌間動摩擦因數(shù)為μ=0.75，兩棒總電阻為1.8Ω，導(dǎo)軌電阻不計．a(chǎn)b棒在方向豎直向上，大小按圖（b）所示規(guī)律變化的外力F作用下，從靜止開始，沿導(dǎo)軌勻加速運(yùn)動，同時cd棒也由靜止釋放．（g=10m/S²）

（1）求出磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和ab棒加速度大��；
（2）已知在2s內(nèi)外力F做功40J，求這一過程中兩金屬棒產(chǎn)生的總焦耳熱；
（3）求出cd棒達(dá)到最大速度所需的時間t₀，并在圖（c）中定性畫出cd棒所受摩擦力f_cd隨時間變化的．

Answer 1

分析 （1）由E=BLv、I=$\frac{E}{R}$、F=BIL、v=at，及牛頓第二定律得到F與時間t的關(guān)系式，再根據(jù)數(shù)學(xué)知識研究圖象（b）斜率和截距的意義，即可求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和ab棒加速度大�。�
（2）由運(yùn)動學(xué)公式求出2s末金屬棒ab的速率和位移，根據(jù)動能定理求出兩金屬棒產(chǎn)生的總焦耳熱．
（3）分析cd棒的運(yùn)動情況：cd棒先做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動，當(dāng)cd棒所受重力與滑動摩擦力相等時，速度達(dá)到最大；然后做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動，最后停止運(yùn)動．
cd棒達(dá)到最大速度時重力與摩擦力平衡，而cd棒對導(dǎo)軌的壓力等于安培力，可求出電路中的電流，再由E=BLv、歐姆定律求出最大速度．

解答 解（1）經(jīng)過時間t，金屬棒ab的速率 v=at
此時，回路中的感應(yīng)電流為 $I=\frac{E}{R}=\frac{BLv}{R}$，
對金屬棒ab，由牛頓第二定律得 F-BIL-m₁g=m₁a
由以上各式整理得：$F={m}_{1}a+{m}_{1}g+\frac{{B}^{2}{L}^{2}}{R}at$
在圖線上取兩點(diǎn)：t₁=0，F(xiàn)₁=11N； t₂=2s，F(xiàn)₂=14.6N
代入上式得 a=1m/s²，B=1.2T
（2）在2s末金屬棒ab的速率 v_t=at=2m/s
所發(fā)生的位移 $s=\frac{1}{2}a{t}^{2}=\frac{1}{2}×1×4m=2m$
由動能定律得 ${W}_{F}-{m}_{1}gs-{W}_{安}=\frac{1}{2}{m}_{1}{{v}_{t}}^{2}$，
又 Q=W_安
聯(lián)立以上方程，解得
Q=W_F-mgs-$\frac{1}{2}m{{v}_{t}}^{2}$=40-1×10×2-$\frac{1}{2}×1×{2}^{2}$=18（J）
（3）cd棒先做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動，當(dāng)cd棒所受重力與滑動摩擦力相等時，速度達(dá)到最大；然后做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動，最后停止運(yùn)動．
當(dāng)cd棒速度達(dá)到最大時，對cd棒有：m₂g=μF_N
又 F_N=F_安 F_安=BIL
整理解得 m₂g=μBIL
對abcd回路：$I=\frac{E}{R}=\frac{BL{v}_{m}}{R}$
解得 v_m=$\frac{{m}_{2}gR}{μ{B}^{2}{L}^{2}}$，
代入數(shù)據(jù)解得v_m=2m/s．
由 v_m=at₀ 得 t₀=2s
f_cd隨時間變化的圖象如圖所示．
答：（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為1.2T，ab棒加速度大小1m/s²；
（2）這一過程中ab金屬棒產(chǎn)生的總焦耳熱是18J；
（3）cd棒達(dá)到最大速度所需的時間t₀為2s，cd棒所受摩擦力f_cd隨時間變化的情況如圖．

點(diǎn)評 本題中cd棒先受到滑動摩擦，后受到靜摩擦，發(fā)生了突變，要仔細(xì)耐心分析這個動態(tài)變化過程．滑動摩擦力與安培力有關(guān)，呈現(xiàn)線性增大．