Question

10．如圖所示，空間分布著有理想邊界的勻強電場和勻強磁場．勻強磁場分為Ⅰ、Ⅱ兩個區(qū)域．其邊界為MN、PQ，磁感應(yīng)強度大小均為B，方向如圖所示，I區(qū)域高度為d，Ⅱ區(qū)域的高度足夠大．一個質(zhì)量為m、電量為q的帶正電的小球從磁場上方的O點由靜止開始下落，進(jìn)入電、磁復(fù)合場后，恰能作勻速率運動．
（1）若帶電小球能進(jìn)入Ⅱ區(qū)域，h應(yīng)滿足什么條件？
（2）若帶電小球經(jīng)一定的時間后恰能回到O點，h應(yīng)滿足什么條件？
（3）若帶電小球第一次射出邊界MN時與射入點相距為d，h應(yīng)滿足什么條件？

Answer 1

分析 （1）帶電小球恰能做勻速率運動，說明重力和電場力均不做功，故一定是勻速圓周運動，則小球所受重力與電場力相等，由洛倫茲力提供向心力，則可得運動的半徑公式，由帶電小球能進(jìn)入Ⅱ區(qū)域，可得半徑與d的關(guān)系，再由運動學(xué)公式，即可求解．
（2）小球在混合場中做勻速圓周運動，速率不變，只有小球從進(jìn)入磁場的位置離開磁場，然后做豎直上拋運動，才有可能回到出發(fā)點，由動能定理、牛頓第二定律可以求出釋放點的高度．
（3）根據(jù)題意可知，當(dāng)帶電小球第一次射出邊界MN時與射入點相距為d，則小球做勻速圓周運動，運動軌跡為半圓，根據(jù)運動半徑公式，結(jié)合運動學(xué)公式，從而求解．

解答 解：（1）小球做勻速圓周運動，則mg=qE，由洛倫茲力提供向心力，則有：Bqv=m$\frac{{v}^{2}}{r}$，
要使帶電小球能進(jìn)入Ⅱ區(qū)域，因此d≤r，
再根據(jù)自由落體運動，則有：h=$\frac{{v}^{2}}{2g}$；
由以上三式，聯(lián)立可解得：h＞$\frac{{B}^{2}ywaeii4^{2}{q}^{2}}{2{m}^{2}g}$；
（2）小球從進(jìn)入磁場的位置離開磁場，才可能回到出發(fā)點，
小球運動軌跡如圖所示；由幾何知識得：軌道半徑R=$\frac{2}{3}\sqrt{3}$d，

小球下落過程中，由動能定理得：mgh=$\frac{1}{2}$mv²-0，
由牛頓第二定律得：qvB=m$\frac{{v}^{2}}{R}$，解得：h=$\frac{{2B}^{2}mokuyym^{2}{q}^{2}}{3{m}^{2}g}$；
（3）根據(jù)題意可知，帶電小球第一次射出邊界MN時與射入點相距為d，小球在復(fù)合場中，做勻速圓周運動，如圖所示，

根據(jù)牛頓第二定律，則有：Bqv=$\frac{m{v}^{2}}{r}$，
由幾何關(guān)系，可得：r=$\fracaie4acw{2}$；
小球從靜止開始做自由下落運動，則有：h=$\frac{{v}^{2}}{2g}$；
由以上三式，可解得：h=$\frac{{B}^{2}4uwg4ya^{2}{q}^{2}}{8{m}^{2}g}$
答：（1）若帶電小球能進(jìn)入Ⅱ區(qū)域，應(yīng)滿足h＞$\frac{{B}^{2}qq20qku^{2}{q}^{2}}{2{m}^{2}g}$；
（2）小球釋放時距MN的高度為$\frac{{2B}^{2}44iuwia^{2}{q}^{2}}{3{m}^{2}g}$；
（3）小球釋放時距MN的高度為$\frac{{B}^{2}agku2as^{2}{q}^{2}}{8{m}^{2}g}$．

點評 本題是一道難題，分析清楚粒子的運動過程、作出粒子運動軌跡，熟練應(yīng)用動能定律、牛頓第二定律、數(shù)學(xué)知識即可正確解題．