如圖所示,質(zhì)量m=1.0kg的小物塊從P點(diǎn)隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)后,以v1=3m/s的速度被水平拋出.小物塊恰好無(wú)碰撞地沿圓弧切線從B點(diǎn)進(jìn)入豎直光滑圓弧軌道下滑.已知圓弧半徑R=1.0m,B、C為圓弧的兩端點(diǎn),其連線水平,軌道最低點(diǎn)為O,A點(diǎn)距水平面的高度h=0.80m.試求:(取sin53°=0.8,cos53°=0.6)
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(1)小物塊落到B點(diǎn)時(shí)的速度大小v2;   弧BOC對(duì)應(yīng)的圓心角θ的大小
(2)小物塊經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí),速度大小v3,軌道對(duì)它的支持力大小FN;
(3)若小物塊離開C點(diǎn)后恰能無(wú)碰撞地沿固定斜面向上運(yùn)動(dòng),0.8s后經(jīng)過(guò)D點(diǎn),物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1=
13
.求斜面上CD間的距離SCD
分析:(1)根據(jù)動(dòng)能定理得出小物塊到達(dá)B點(diǎn)的速度,將B點(diǎn)的速度分解,根據(jù)平行四邊形定則得出速度與水平方向的夾角,從而通過(guò)幾何關(guān)系求出弧BOC對(duì)應(yīng)的圓心角θ的大。
(2)對(duì)B到O段運(yùn)用動(dòng)能定理求出物塊到達(dá)O點(diǎn)的速度,根據(jù)牛頓第二定律求出支持力的大小.
(3)根據(jù)牛頓第二定律求出物體在斜面上的加速度,結(jié)合位移時(shí)間公式求出CD間的距離.
解答:解:(1)根據(jù)動(dòng)能定理得,mgh=
1
2
mv22-
1
2
mv12

代入數(shù)據(jù)解得v2=5m/s.
設(shè)B點(diǎn)的速度與水平方向的夾角為α,則cosα=
v1
v2
=0.6

解得α=53°
根據(jù)幾何關(guān)系有:弧BOC對(duì)應(yīng)的圓心角θ=106°.
(2)對(duì)B到O段運(yùn)用動(dòng)能定理得,mgR(1-cosα)=
1
2
mv32-
1
2
mv22

代入數(shù)據(jù)解得v3=
33
m/s

根據(jù)牛頓第二定律得,FN-mg=m
v32
R

代入數(shù)據(jù)解得FN=43N.
(3)由幾何關(guān)系知,斜面的傾角為53°,根據(jù)牛頓第二定律得,
物塊向上滑動(dòng)的加速度大小a=
mgsin53°+μmgcos53°
m
=gsin53°+μgcos53°=10×0.8+
1
3
×10×0.6
=10m/s2
根據(jù)機(jī)械能守恒得,物塊在C點(diǎn)上滑的速度v=5m/s.
x=vt-
1
2
at2=5×0.8-
1
2
×10×0.64m
=0.8m.
答:(1)小物塊落到B點(diǎn)時(shí)的速度大小v2為5m/s,弧BOC對(duì)應(yīng)的圓心角θ的大小為106°.
(2)小物塊經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí),速度大小為
33
m/s
,軌道對(duì)它的支持力大小為43N.
(3)斜面上CD間的距離為0.8m.
點(diǎn)評(píng):本題涉及到平拋運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)、勻減速直線運(yùn)動(dòng),是個(gè)多過(guò)程問(wèn)題,知道平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律以及圓周運(yùn)動(dòng)向心力的來(lái)源是解決本題的關(guān)鍵.
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如圖所示,質(zhì)量M=1.0kg的木塊隨傳送帶一起以v=2.0m/s的速度向左勻速運(yùn)動(dòng),木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.50.當(dāng)木塊運(yùn)動(dòng)至最左端A點(diǎn)時(shí),一顆質(zhì)量m=20g的子彈以v0=3.0×102m/s水平向右的速度擊穿木塊,穿出木塊時(shí)的速度v1=50m/s.設(shè)傳送帶的速度始終恒定,子彈擊穿木塊的時(shí)間極短,且不計(jì)木塊質(zhì)量變化,g=10m/s2.求:
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(1)碰撞結(jié)束時(shí)小球A的速度vA
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(1)鐵塊的加速度的大小是多少?
(2)木板的加速度的大小是多少?
(3)經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間鐵塊運(yùn)動(dòng)到木板的右端?

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