Question

（學(xué)有余力同學(xué)做，不計(jì)入總分）如圖所示，設(shè)AB段是距水平傳送帶裝置高為H=1.25m的光滑斜面，水平段BC使用水平傳送帶裝置，BC長(zhǎng)L=5m，與貨物包的摩擦系數(shù)為μ=0.4，順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)的速度為V=3m/s．設(shè)質(zhì)量為m=1kg的小物塊由靜止開(kāi)始從A點(diǎn)下滑，經(jīng)過(guò)B點(diǎn)的拐角處無(wú)機(jī)械能損失．小物塊隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)后水平拋出，恰好無(wú)碰撞的沿圓弧切線從D點(diǎn)進(jìn)入豎直光滑圓孤軌道下滑．D、E為圓弧的兩端點(diǎn)，其連線水平．已知圓弧半徑R₂=1.0m圓弧對(duì)應(yīng)圓心角θ=106°，O為軌道的最低點(diǎn)．（g=10m/s²，sin37°=0.6，cos37°=0.8）試求：
（1）小物塊在B點(diǎn)的速度．
（2）小物塊在水平傳送帶BC上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間．
（3）水平傳送帶上表面距地面的高度．
（4）小物塊經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力．

Answer 1

【答案】分析：（1）加速下滑過(guò)程中只有重力做功，對(duì)滑塊沿斜面下滑過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理列式求解；
（2）小滑塊在傳送帶上先加速后勻速，先受力分析后根據(jù)牛頓第二定律求出加速過(guò)程的加速度，然后根據(jù)速度時(shí)間公式求加速時(shí)間，再根據(jù)平均速度公式求加速位移，再求勻速時(shí)間，最后得到總時(shí)間；
（3）對(duì)于平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度方向先求出落地時(shí)的豎直分速度，然后根據(jù)速度位移公式求解出傳送帶上表面距離地面的高度差；
（4）先根據(jù)速度分解的平行四邊形定則求出落地時(shí)速度，再對(duì)從D到O過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理列式求出O點(diǎn)速度，最后運(yùn)用牛頓第二定律求解對(duì)軌道最低點(diǎn)壓力．
解答：解：（1）小物塊由A運(yùn)動(dòng)B，由動(dòng)能定理，mgh=
解得：=5m/s
即小物塊在B點(diǎn)的速度為5m/s．
（2）由牛頓第二定律，得μmg=ma，解得：a=μg=4m/s²
水平傳送帶的速度為v=3m/s
加速過(guò)程，由 v=v_B-at₁，得：=0.5s
則勻速過(guò)程
L₁==2m
=1s
故總時(shí)間t=t₁+t₂=1.5s
即小物塊在水平傳送帶BC上的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為1.5s．
（3）小物塊從C到D做平拋運(yùn)動(dòng)，在D點(diǎn)有：
=4m/s
由=2gh，得h==0.8m
故水平傳送帶上表面距地面的高度為0.8m．
（4）小物塊在D點(diǎn)的速度大小為：
對(duì)小物塊從D點(diǎn)到O由動(dòng)能定理，得：mgR（1-cos）=
在O點(diǎn)由牛頓第二定律，得：
聯(lián)立以上兩式解得：F_N=43N
由牛頓第三定律知對(duì)軌道的壓力為：F_N′=43N
即小物塊經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為43N．
點(diǎn)評(píng)：本題關(guān)鍵是分析清楚物體的運(yùn)動(dòng)情況，然后根據(jù)動(dòng)能定理、平拋運(yùn)動(dòng)知識(shí)、牛頓第二定律、向心力公式列式求解．