Question

如圖所示，Oxyz為空間直角坐標(biāo)系，其中Oy軸正方向豎直向上．在整個空間中存在豎直向下的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0）的帶電小球從坐標(biāo)原點O以速度v沿Ox軸正方向射出，重力加速度為g，空氣阻力可忽略不計．
（1）若在整個空間加一勻強電場，小球從坐標(biāo)原點O射出恰好做勻速圓周運動，求所加電場的場強大小，以及小球做勻速圓周運動第一次通過z軸的z坐標(biāo)；
（2）若改變第（1）問中所加電場的大小和方向，小球從坐標(biāo)原點O射出恰好沿Ox軸做勻速直線運動，求此時所加勻強電場的場強大小；
（3）若保持第（2）問所加的勻強電場不變而撤去原有的磁場，小球從坐標(biāo)原點O以速度v沿Ox軸正方向射出后，將通過A點，已知A點的x軸坐標(biāo)數(shù)值為x_A，求小球經(jīng)過A點時電場力做功的功率．

Answer 1

【答案】分析：（1）根據(jù)重力與電場力平衡，及牛頓第二定律與向心力公式，即可求解；
（2）根據(jù)三力平衡，及洛倫茲力的大小與方向，即可求解；
（3）根據(jù)運動學(xué)公式，與牛頓第二定律，及運動的分解，并知道瞬時功率，即可求解．
解答：解：（1）設(shè)所加電場場強大小為E₁，由于帶電小球從坐標(biāo)原點O射出在電場和磁場共存的區(qū)域做勻速圓周運動，所以帶電小球受到的電場力必定與重力平衡，有：qE₁=mg．
解得：
設(shè)帶電小球做勻速圓周運動的半徑為R，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式：，
解得：
帶電小球第一次通過z軸的z坐標(biāo)為：z=-2R=-
（2）設(shè)所加電場場強大小為E₂，帶電小球做勻速直線運動，它所受重力mg、洛倫茲力qvB以及電場力qE₂三力合力為零．
因洛倫茲力沿z軸的負(fù)方向，重力沿y軸的負(fù)方向，
所以電場力：
解得：
（3）當(dāng)撤去磁場后，帶電小球只受電場力和重力作用，這兩個力的合力大小為qvB，方向指向Oz正方向，
所以小球在xOz平面做勻變速曲線運動．
帶電小球沿Ox軸正方向以v做勻速直線運動，小球從坐標(biāo)原點O射出，運動到A點所用時間為：t=
帶電小球沿Oz軸正方向做初速為零的勻加速直線運動，其加速度大小為：
 帶電小球到A點時沿Oz正方向的分速度大小為：v_z=a_zt
因重力在這個過程中不做功，小球經(jīng)過A點時，電場力做功的功率等于合外力在此時的瞬時功率，
解得：P_A=qvBv_z=
答：（1）則所加電場的場強大小為，以及小球做勻速圓周運動第一次通過z軸的z坐標(biāo)-；
（2）則此時所加勻強電場的場強大小；
（3）小球經(jīng)過A點時電場力做功的功率=．
點評：考查受力分析與平衡狀態(tài)，掌握運動學(xué)公式與牛頓第二定律綜合應(yīng)用，理解運動的合成與分解的方法，并注意瞬時功率與平均功率的區(qū)別．