3.在如圖所示電路中,電源電壓保持不變.閉合開關(guān)S,當(dāng)滑動變阻器的滑片P 向下滑動時,四個電表的示數(shù)都發(fā)生了變化,電表的示數(shù)分別用I、U1、U2和U3表示,電表示數(shù)變化量的大小分別用△I、△U1、△U2和△U3表示,電阻R1、R2、R3消耗的電功率分別用p1、p2、p3表示,下列選項正確的是( 。
A.$\frac{{U}_{1}}{I}$不變,$\frac{△{U}_{1}}{I}$不變
B.$\frac{{U}_{2}}{I}$變大,$\frac{△{U}_{2}}{△I}$變大
C.$\frac{{U}_{3}}{I}$變大,$\frac{△{U}_{3}}{△I}$不變
D.滑動變阻器的滑片P 向下滑動時,p1變大,p2變小,p3變大.

分析 由電路圖可知,R1、R2、R3串聯(lián),V1測R1兩端電壓,V2測R2兩端的電壓,V3測電源和R3兩端的電壓,電流表測電路中電流;根據(jù)滑動變阻器的滑片的移動判斷電路中電阻的變化,根據(jù)歐姆定律判斷電路中電流的變化,利用P=I2R判斷電阻R1、R3的電功率的變化,最后利用歐姆定律判斷電壓和電流的比值,以及電壓的變化量和電流變化量的比值變化關(guān)系.

解答 解:P向下滑動時,R2電阻變大,電路中總電阻變大;
A、$\frac{{U}_{1}}{I}$=R1,所以$\frac{{U}_{1}}{I}$是不變的,$\frac{△{U}_{1}}{△I}$=R1當(dāng)然也不變,故A正確;
B、$\frac{{U}_{2}}{I}$=R2當(dāng)然是變大,U2=U-I(R1+R3),U2′=U-I′(R1+R3),△U2=U2-U2′=(I′-I)(R1+R3),
$\frac{△{U}_{2}}{△I}$=-R1-R3,所以不變,故B錯誤;
C、$\frac{{U}_{3}}{I}$=R1+R2,所以$\frac{{U}_{3}}{I}$變大,U3=U-IR3,U3′=U-I′R3,△U3=U3-U3′=(I′-I)R3=-△IR3,
$\frac{△{U}_{3}}{△I}$=-R3,則$\frac{△{U}_{3}}{△I}$不變,故C正確.
D、根據(jù)歐姆定律和串聯(lián)電路電壓特點可知,電路中電流I變小,U1變小,U2變大,U3變大;根據(jù)P=I2R可知,電阻R1、R3的電功率變小,故D錯誤;
故選:AC.

點評 本題考查了串聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的靈活運用;難點是會把電壓和電流的比值轉(zhuǎn)化為電阻的大小來判斷比值的變化.

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A.C點電勢為4VB.A點電勢為4V
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A.質(zhì)子第一次經(jīng)過狹縫被加速后,進入D形盒運動軌道的半徑r=$\frac{1}{B}$$\sqrt{\frac{2mU}{q}}$
B.D形盒半徑R=$\sqrt{\frac{2Ut}{πB}}$
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