(A)RPQ (B)PQ R 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

若，P=，Q=，R=，則

（A）RPQ    （B）PQ R   （C）Q PR  （D）P RQ

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（00全國卷）若，P=，Q=，R=，則

（A）RPQ              （B）PQ R  

（C）Q PR             （D）P RQ

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一．選擇題：DABBB ACACA

解析：1：由題干可得：故選.

2：為拋物線的內(nèi)部（包括周界），為動圓的內(nèi)部（包括周界）.該題的幾何意義是為何值時，動圓進(jìn)入?yún)^(qū)域，并被所覆蓋.

是動圓圓心的縱坐標(biāo)，顯然結(jié)論應(yīng)是，故可排除，而當(dāng)時，（可驗證點到拋物線上點的最小距離為）.故選.

 

3：由f(x＋2)＝－f(x)得f(7.5)＝－f(5.5)＝f(3.5)＝－f(1.5)＝f(－0.5)，由f(x)是奇函數(shù)，得f(－0.5)＝－f(0.5)＝－0.5，所以選B.

 

4：取a＝100，b＝10，此時P＝，Q＝＝lg，R＝lg55＝lg，比較可知選PQR，所以選B

5： f(x＋)＝sin[－2(x＋)]＋sin[2(x＋)]＝－f(x)，而f(x＋π)＝sin[－2(x＋π)]＋sin[2(x＋π)]＝f(x).所以應(yīng)選B；

 

6：在同一直角坐標(biāo)系中作出圓x＋y＝4和直線4x＋3y－12=0后，由圖可知距離最小的點在第一象限內(nèi)，所以選A.

7：不等式的“極限”即方程，則只需驗證x=2，2.5，和3哪個為方程的根，逐一代入，選C.

8：當(dāng)正n棱錐的頂點無限趨近于底面正多邊形中心時，則底面正多邊形便為極限狀態(tài)，此時棱錐相鄰兩側(cè)面所成二面角α→π，且小于π；當(dāng)棱錐高無限大時，正n棱柱便又是另一極限狀態(tài)，此時α→π，且大于π，故選（A）.

9：取滿足題設(shè)的特殊函數(shù)f(x)=x，g(x)=|x|,則f(b)-f(-a)=a+b，g(a)-g(-b)=a-b，又f(a)-f(-b)=a+b，g(b)-g(-a)=b-a；∴選(C).

 

10:作直線和圓的圖象,從圖中可以看出:

的取值范圍應(yīng)選(A).

 

 

二．填空題：11、；  12、；

13、；   14、(x－1)2＋(y－1)2＝2；15、；

解析：

11：根據(jù)不等式解集的幾何意義，作函數(shù)和

函數(shù)的圖象（如圖），從圖上容易得出實數(shù)a的取

值范圍是。

12：　應(yīng)用復(fù)數(shù)乘法的幾何意義，得

　　　　　

　　　　　　，

于是　　　     故應(yīng)填　

13：中獎號碼的排列方法是：　奇位數(shù)字上排不同的奇數(shù)有種方法，偶位數(shù)字上排偶數(shù)的方法有，從而中獎號碼共有種，于是中獎面為

  故應(yīng)填

14：解：由得=，

，化簡得(x－1)2＋(y－1)2＝2

15.解：依題意，=2，5，=15，=

三．解答題：

16.解：（1）由，解之得  ……………………5分

（2）  …………………………9分

         …………………………11分

  …………………………12分

17.解：（I）的取值為1，3，又


     

      
      
ξ
1
3
P
 
 
       ∴ξ的分布列為                                  
…………………………5分
 
       ∴Eξ=1×+3×=.                       
………………………………6分
   （II）當(dāng)S8=2時，即前八秒出現(xiàn)“○”5次和“×”3次，又已知
       若第一、三秒出現(xiàn)“○”，則其余六秒可任意出現(xiàn)“○”3次；
       若第一、二秒出現(xiàn)“○”，第三秒出現(xiàn)“×”，則后五秒可任出現(xiàn)“○”3次.
       故此時的概率為…………12分
18.解：（Ⅰ）∵函數(shù)是奇函數(shù)，則
即   ∴   …………………………2分
由得   解得 
∴，．   …………………………5分
（Ⅱ）由（Ⅰ）知，     ∴，
  ………………6分
當(dāng)時，  …………………………8分
 ∴，即函數(shù)在區(qū)間上為減函數(shù)．   …………………………9分
（Ⅲ）由＝0，得   …………………………11分
  ∵當(dāng)，，∴ ， 

 即函數(shù)在區(qū)間上為增函數(shù)   …………………………13分
∴是函數(shù)的最小值點，即函數(shù)在取得最小值.  ………14分
19.解：（Ⅰ）設(shè)正三棱柱―的側(cè)棱長為．取中點，連．
是正三角形，．  …………………………2分
又底面側(cè)面，且交線為．
側(cè)面．
連，則直線與側(cè)面所成的角為．
  ……………………4分
在中，，解得．
此正三棱柱的側(cè)棱長為．  …………………………5分
（Ⅱ）如圖，建立空間直角坐標(biāo)系．
則．  …………………………7分
設(shè)為平面的法向量．
由 得． 
取                      
…………………………9分
又平面的一個法向量 
． 
結(jié)合圖形可知，二面角的大小為  …………………………11分
 
（Ⅲ）：由（Ⅱ）得  …………………………12分
點到平面的距離＝
                                            
…………………………14分
20.解：（Ⅰ）當(dāng)時，原不等式即，解得，
    ∴ 即------------------------------2分
(Ⅱ)原不等式等價于
……………………………………………..4分
………………………………………………………..6分
∴……8分
（Ⅲ）∵
n=1時，；n=2時， 
n=3時，；n=4時，
n=5時，；n=6時，…………………………………………9分
猜想：時 下面用數(shù)學(xué)歸納法給出證明
①當(dāng)n=5時，，已證…………………………………………………….10分
②假設(shè)時結(jié)論成立即
那么n=k+1時，
在范圍內(nèi)，恒成立,則，即
由①②可得，猜想正確，即時，…………………………………..  13分
綜上所述：當(dāng)n=2,4時,;當(dāng)n=3時,;當(dāng)n=1或時;---14分
21．解：（Ⅰ）由條件得M(0，－)，F(xiàn)(0，).設(shè)直線AB的方程為
       y=kx+，A(，)，B(，)
       則，，Q().   …………………………2分
       由得.
       ∴由韋達(dá)定理得+=2pk，?=－    …………………………3分
       從而有= +=k(+)+p=2pk÷p.
       ∴?的取值范圍是.      …………………………4分
  
（Ⅱ）拋物線方程可化為，求導(dǎo)得.
       ∴       =y     .
       ∴切線NA的方程為：y－即.
       切線NB的方程為：  …………………………6分
       由解得∴N()
       從而可知N點Q點的橫坐標(biāo)相同但縱坐標(biāo)不同.
       ∴NQ∥OF.即    …………………………7分
       又由（Ⅰ）知+=2pk，?=－p
       ∴N(pk，－).      …………………………8分
       而M(0，－)  ∴
       又. ∴.       …………………………9分
  
（Ⅲ）由.又根據(jù)(Ⅰ)知
       ∴4p=pk，而p>0，∴k=4，k=±2.   …………………………10分
       由于=(－pk，p)，  
       ∴
       從而.        
…………………………11分
       又||=，||=
       ∴.
       而的取值范圍是［5，20］.
       ∴5≤5p2≤20，1≤p2≤4.   …………………………13分
       而p>0，∴1≤p≤2.
       又p是不為1的正整數(shù).
       ∴p=2.
       故拋物線的方程：x2=4y.      …………………………14分
		
	
	

		



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