如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E=10V，內(nèi)阻r=1Ω，R₁=3Ω，R₂=6Ω，C=30μF．若開(kāi)關(guān)S閉合，穩(wěn)定后電容器所帶的電荷量為

1.8×10^-4

1.8×10^-4

C，若斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，通過(guò)R₁的電荷量為

1.2×10^-4

1.2×10^-4

C．

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如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E=10V，內(nèi)阻r=1Ω，R₁=3Ω，R₂=6Ω，C=30μF．開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電容器的電荷量為

3×10^-4

3×10^-4

C．閉合開(kāi)關(guān)S，穩(wěn)定后通過(guò)R₁的電流為

1

1

A．

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如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E=10V，內(nèi)阻r=1Ω，R₁=3Ω，R₂=6Ω，C=30μF．開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，電容器的電荷量為    C．閉合開(kāi)關(guān)S，穩(wěn)定后通過(guò)R₁的電流為    A．

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如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=8V，內(nèi)阻不為零，電燈A標(biāo)有“10V，10W”字樣，電燈B標(biāo)有“8V，20W”字樣，滑動(dòng)變阻器的總電阻為6Ω，當(dāng)滑動(dòng)觸頭P由a端向b端滑動(dòng)的過(guò)程中（不考慮電燈電阻的變化）（　�。�

A．電流表的示數(shù)一直減小，電壓表的示數(shù)一直增大

B．電流表的示數(shù)一直增大，電壓表的示數(shù)一直減小

C．電流表的示數(shù)先增大后減小，電壓表的示數(shù)先減小后增大

D．電流表的示數(shù)先減小后增大，電壓表的示數(shù)先增大后減小

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如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=10V，內(nèi)電阻r=1Ω，電阻R₁=5Ω、R₂=8Ω、R₃=2Ω、R₄=6Ω、R₅=R₆=4Ω，水平放置的平行金屬板相距d=2.4cm，原來(lái)單刀雙擲開(kāi)關(guān)S接b，在兩板中心的帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài)；現(xiàn)將單刀雙擲開(kāi)關(guān)S迅速接c，帶電微粒與金屬板相碰后即吸附在金屬板上，取g=10m/s²，不計(jì)平行板電容器充、放電時(shí)間．求：
（1）開(kāi)關(guān)S接b時(shí)，電源的總功率？
（2）開(kāi)關(guān)S接c時(shí)，R₂兩端的電壓為多少？
（3）帶電微粒在金屬板中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間？

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一、選擇題（每小題5分，共60分）

1．C      2．Ａ      3．D       4．B C       5． C       6．B D

7．B      8．Ａ      9．B       10．C        11．D       12．ＡD

二、填空題和實(shí)驗(yàn)題（每題6分，共30分）

13．m_Agcosθ；  m_Bg - m_Agsinθ  。         

14．3×10^―4；  1。

15．13.55mm ；   0.680mm（0.679mm或0.681mm）。             

16．a(chǎn) = (s₂-2s₁) / T²  或 a = (s₃-2s₂+ s₁) / T²  或a = (s₃-s₂-s₁) / 2T²；

    v_c = (s₃-s₁) / 2T  。

17．(1)如答圖1； (2)0～6.4；  (3)。 

三、計(jì)算題（60分）

18．（10分）解：

（1）取物體運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎�，由平衡條件有

Fcosθ-f = 0         N = mg-Fsinθ        又f =μN(yùn)       

所以有                                 (4分)

(2)  由牛頓第二定律有  -μmg=ma    a = -μg=-0.4×10m/s²= -4 m/s²    (3分)

（3）據(jù)0-v₀²=2as，     有m                           (3分)

19．（12分）解：

（1）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E=BLv=1.0V

感應(yīng)電流為  =1.0 A                                     （4分）

（2）導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)，安培力與拉力平衡

即有F=BIL=0.1N                                             （4分）

（3） 導(dǎo)體棒移動(dòng)30cm的時(shí)間為  = 0.03s                

根據(jù)焦耳定律， Q₁ = I²R t = 0.03J  （或Q₁=Fs=0.03J）

根據(jù)能量守恒， Q₂== 0.5J

電阻R上產(chǎn)生的熱量   Q = Q₁+Q₂ = 0.53J                       （4分）

20．（12分）解：

（1）能求出地球的質(zhì)量M                                           （1分）

方法一： = mg ，    M =                            

    方法二： = ，  M =      （3分）

（寫(xiě)出一種方法即可）

（2）能求出飛船線速度的大小V                                     （1分）

V =    ( 或R  )                        （3分）

（3）不能算出飛船所需的向心力                                     （1分）

因飛船質(zhì)量未知                                               （3分）

21．（12分）解：

（1）由機(jī)械能守恒定律，有

                                                              （4分）

（2）A、B在碰撞過(guò)程中內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，由動(dòng)量守恒，有

                                     （4分）

（3）A、B克服摩擦力所做的功

由能量守恒定律，有  

解得　　　　　　               （4分）

22．（14分）解：

（1）當(dāng)小球離開(kāi)圓弧軌道后，對(duì)其受力分析如圖所示，

由平衡條件得：F_電 = qE = mgtan                 （2分）

代入數(shù)據(jù)解得：E =3 N/C                          （1分）

（2）小球從進(jìn)入圓弧軌道到離開(kāi)圓弧軌道的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：

F_電          （2分）

代入數(shù)據(jù)得：                          （1分）

由                             （2分）

解得：B=1T                                     （2分）

分析小球射入圓弧軌道瞬間的受力情況如圖所示，

由牛頓第二定律得：        （2分）

代入數(shù)據(jù)得：                   （1分）

由牛頓第三定律得，小球?qū)�軌道的壓�?/p>

                          （1分）