題目列表(包括答案和解析)
水平地面上木板B的上面有滑塊A,如圖所示。已知A的質(zhì)量為m,B的質(zhì)量為M,A、B之間,B與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ,當(dāng)A獲得水平向左的初速度,開始在木板上向左滑動(dòng)時(shí),下列說法正確的是
A.木板有可能同時(shí)向左運(yùn)動(dòng)
B.木板肯定不會(huì)動(dòng)
C.木板受地面摩擦力與其重力無關(guān)
D.只有μ=0時(shí),木板才會(huì)向左滑動(dòng)
A.水平面對斜面體有向左的靜摩擦力 |
B.水平面對斜面體有向右的靜摩擦力 |
C.水平面對斜面體沒有靜摩擦力 |
D.由于斜面的傾角未知,所以無法判斷水平面對斜面體的靜摩擦力方向 |
題號
1
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8
9
10
答案
C
B
BD
ABC
AB
BCD
A
BD
B
D
11.(6分,每空2分,有效數(shù)字位數(shù)錯(cuò)誤的每空扣1分)
4.00;0.500;2.00
12.(6分)
(1)B、F、H、K、L(2分);
(2)甲(2分);先釋放紙帶再接通電源(2分)
13.(8分)
解:接通電鍵K后,由電阻的串并聯(lián)公式,得閉合電路的總電阻為:
…………………… 1分
由閉合電路的歐姆定律得,通過電源的電流 ………… 1分
電源的路端電壓 …………………… 2分
電阻兩端的電壓(即電容器兩端的電壓) … 1分
通過的總電量就是電容器的帶電量 …………………… 2分
由以上各式并代入數(shù)據(jù)解得: …………………… 1分
14.(8分)
解:(1)根據(jù)題意,粒子在垂直電場的方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng),
所以粒子從射入到打到屏上所用的時(shí)間 ……………… 1分
(2)設(shè)粒子射出電場時(shí)沿平行場強(qiáng)方向的速度為,
根據(jù)牛頓第二定律,粒子在電場中的加速度為: …… 1分
所以 …………………… 1分
所以粒子剛射出電場時(shí)的速度方向與初速方向間夾角的正切值為
…………………… 1分(3)設(shè)粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)距離為,則
…………………… 2分
所以 …………………… 1分
解得: …………………… 1分
15.(10分)
解:設(shè)貨物相對傳送帶滑動(dòng)的過程中貨物的加速度為,
根據(jù)牛頓第二定律得: …………………… 2分
貨物自A端由靜止開始運(yùn)動(dòng)到與傳送帶相對靜止時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間為:
…………………… 1分
通過的距離為: …………………… 1分
代入數(shù)據(jù)解得: …………………… 1分
貨物自A端由靜止開始運(yùn)送到B端所用的總時(shí)間為:
…………………… 2分
根據(jù)動(dòng)能定理,摩擦力對貨物做的功為: …… 2分
所以由A到B的過程中摩擦力對貨物做功的平均功率為:
…………………… 1分
16.(10分)
解:(1)第一種形式下,根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律得:
…………………… 2分
解得相鄰星體間的距離 …………………… 1分
外側(cè)星體運(yùn)動(dòng)的線速度為: …………………… 1分
解得: …………………… 1分
(2)第二種形式下,星體運(yùn)動(dòng)的半徑為: …… 2分
根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律得:
…………………… 2分
解得: …………………… 1分
17.(12分)
解:(1)設(shè)兩球組成的系統(tǒng)沿斜面下滑時(shí)加速度的大小為,
根據(jù)牛頓第二定律有: …………………… 2分
解得 …………………… 1分
根據(jù)公式 …………………… 2分
解得小球B沿斜面下滑的時(shí)間 …………………… 1分
(2)由于不計(jì)摩擦及碰撞時(shí)的機(jī)械能損失,因此兩球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。
兩球在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小相等,設(shè)為
根據(jù)機(jī)械能守恒定律有: …… 2分
解得: …………………… 1分
(3)對B球應(yīng)用動(dòng)能定理有: ……………… 2分
解得桿對B球所做的功為: ……………… 1分
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