如下圖所示，M為固定在水平桌面上的有缺口的方形木塊，abcd為圓周的光滑軌道，a為軌道的最高點，de面水平且有一定長度．今將質(zhì)量為m的小球在d點的正上方高為h處由靜止釋放，讓其自由下落到d處切入軌道內(nèi)運動，不計空氣阻力，則

A．在h一定的條件下，釋放后小球的運動情況與小球的質(zhì)量有關(guān)

B．改變h的大小，就能使小球通過a點后，落回軌道內(nèi)

C．無論怎樣改變h的大小，都不可能使小球通過b點后落回軌道內(nèi)

D．調(diào)節(jié)h的大小，使小球飛出de面之外(即e的右面)是可能的

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如圖所示，M為固定在水平桌面上的有缺口的方形木塊，abcd為

3

4

圓周的光滑軌道，a為軌道的最高點，de面水平且有一定長度．今將質(zhì)量為m的小球在d點的正上方高為h處由靜止釋放，讓其自由下落到d處切入軌道內(nèi)運動，不計空氣阻力，則（　�。�

A．改變h的大小，能使小球通過a點后，落回軌道內(nèi)

B．改變h的大小，能使小球通過b點后，落回軌道內(nèi)

C．無論怎樣改變h的大小，都不能使小球通過b點后落回軌道內(nèi)

D．調(diào)節(jié)h的大小，使小球飛出d e面之外（即e的右面）是可能的

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如圖所示，M為固定在水平桌面上的有缺口的方形木塊，abcd為

3

4

圓周的光滑軌道，a為軌道的最高點，de面水平且有一定長度．今將質(zhì)量為m的小球在d點的正上方高為h處由靜止釋放，讓其自由下落到d處切入軌道內(nèi)運動，不計空氣阻力，則（　�。�

A．在h一定的條件下，釋放后小球的運動情況與小球的質(zhì)量有關(guān)

B．只要改變h的大小，就能使小球通過a點后，既可能落回軌道內(nèi)，又可能落到de面上

C．無論怎樣改變h的大小，都不可能使小球通過a點后落回軌道內(nèi)

D．無論怎樣調(diào)節(jié)h的大小，都不可能使小球飛到de面之外（即e的右側(cè)）

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如圖所示，M為固定在水平桌面上的有缺口的方形木塊，abcd為半徑為R的3/4圓周的光滑軌道，a為軌道的最高點，de面水平且有一定長度．今將質(zhì)量為m的小球在d點的正上方高為h處由靜止釋放，讓其自由下落到d處切入軌道內(nèi)運動，不計空氣阻力，則（　�。�

A．在h一定的條件下，釋放后小球的運動情況與小球的質(zhì)量無關(guān)

B．只要改變h的大小，就有可能使小球通過a點后，落在de之間

C．無論怎樣改變h的大小，都不可能使小球通過a點后落回軌道內(nèi)

D．若使h=R，則小球?qū)⑼ㄟ^a點并剛好到達d點

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如圖所示，M為固定在水平桌面上的有缺口的方形木塊，abcd為3/4圓周的光滑軌道，a為軌道的最高點，de面水平且有一定長度．今將質(zhì)量為m的小球在d點的正上方高為h處由靜止釋放，讓其自由下落到d處切入軌道內(nèi)運動，不計空氣阻力，則（　　）

A、在h一定的條件下，釋放后小球的運動情況與小球的質(zhì)量無關(guān)

B、只要改變h的大小就能使小球通過a點后，既可能落回軌道內(nèi)，又可能落到de面上

C、無論怎樣改變h的大小，都不可能使小球通過a點后落回軌道內(nèi)

D、無論怎樣調(diào)節(jié)h的大小，都不可能使小球飛到de面之外（即e的右側(cè)）

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題號

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

C

B

BD

ABC

AB

BCD

A

BD

B

D

11．（6分，每空2分，有效數(shù)字位數(shù)錯誤的每空扣1分）

4.00；0.500；2.00

12．（6分）

（1）B、F、H、K、L（2分）；

（2）甲（2分）；先釋放紙帶再接通電源（2分）

13．（8分）

解：接通電鍵K后，由電阻的串并聯(lián)公式，得閉合電路的總電阻為：

                                 …………………… 1分

由閉合電路的歐姆定律得，通過電源的電流  ………… 1分

電源的路端電壓                         …………………… 2分

電阻兩端的電壓（即電容器兩端的電壓） … 1分

通過的總電量就是電容器的帶電量    …………………… 2分

由以上各式并代入數(shù)據(jù)解得：     …………………… 1分

14．（8分）

解：（1）根據(jù)題意，粒子在垂直電場的方向上做勻速直線運動，

所以粒子從射入到打到屏上所用的時間     ……………… 1分

（2）設(shè)粒子射出電場時沿平行場強方向的速度為，

根據(jù)牛頓第二定律，粒子在電場中的加速度為：     …… 1分

所以                                          …………………… 1分

所以粒子剛射出電場時的速度方向與初速方向間夾角的正切值為

                                        …………………… 1分（3）設(shè)粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)距離為，則

                               …………………… 2分

所以                                      …………………… 1分

解得：                                         …………………… 1分

15．（10分）

解：設(shè)貨物相對傳送帶滑動的過程中貨物的加速度為，

根據(jù)牛頓第二定律得：   …………………… 2分

貨物自A端由靜止開始運動到與傳送帶相對靜止時所經(jīng)歷的時間為：

                                                         …………………… 1分

通過的距離為：                                          …………………… 1分

代入數(shù)據(jù)解得：                                      …………………… 1分

貨物自A端由靜止開始運送到B端所用的總時間為：

                                         …………………… 2分

根據(jù)動能定理，摩擦力對貨物做的功為：      …… 2分

所以由A到B的過程中摩擦力對貨物做功的平均功率為：

                                                    …………………… 1分

16．（10分）

解：（1）第一種形式下，根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律得：

                            …………………… 2分

解得相鄰星體間的距離           …………………… 1分

外側(cè)星體運動的線速度為：             …………………… 1分

解得：                                       …………………… 1分

（2）第二種形式下，星體運動的半徑為： …… 2分

根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律得：

                             …………………… 2分

解得：                                    …………………… 1分

17．（12分）

解：（1）設(shè)兩球組成的系統(tǒng)沿斜面下滑時加速度的大小為，

根據(jù)牛頓第二定律有：       …………………… 2分

解得                                             …………………… 1分

根據(jù)公式                                  …………………… 2分

解得小球B沿斜面下滑的時間 …………………… 1分

（2）由于不計摩擦及碰撞時的機械能損失，因此兩球組成的系統(tǒng)機械能守恒。

兩球在光滑水平面上運動時的速度大小相等，設(shè)為

根據(jù)機械能守恒定律有： …… 2分

解得：                       …………………… 1分

（3）對B球應(yīng)用動能定理有： ……………… 2分

解得桿對B球所做的功為：       ……………… 1分