C.無論怎樣改變的大小.都不可能使小球通過點后落回軌道內(nèi)學(xué)科網(wǎng) 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

如圖所示,質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長木板上向右滑行,木塊同時受到向右的拉力F的作用,長木板處于靜止狀態(tài),已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為,木板與地面間的動摩擦因數(shù)為,則(      )

A.木板受到地面的摩擦力的大小一定是

B.木板受到地面的摩擦力的大小一定是

C.當F >時,木板便會開始運動

D.無論怎樣改變F的大小,木板都不可能運動

 


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如圖所示,質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長木板上受到向右的水平拉力F的作用而向右滑行,長木板處于靜止狀態(tài),已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為,木板與地面間的動摩擦因數(shù)為.則下列說法正確的是

A.木板受到地面的摩擦力大小一定是

B.木板受到地面的摩擦力大小一定是

C.當時,木板便會開始運動

D.無論怎樣改變F的大小,木板都不可能運動

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如圖所示,質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長木板上受到向右的拉力F的作用向右滑行,長木板處于靜止狀態(tài),已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為,木板與地面間的動摩擦因數(shù)為。下列說法正確的是(     )

A.木板受到地面的摩擦力的大小一定是

B.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m+M)g

C.當F>μ2(m+M)g時,木板便會開始運動

D.無論怎樣改變F的大小,木板都不可能運動

 

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如圖所示,質(zhì)量為m的木塊在質(zhì)量為M的長木板上向右滑行,木塊同時受到向右的拉力F的作用,長木板處于靜止狀態(tài),已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ1,木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2,則
 [     ]
A.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m+M)g
B.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ1mg
C.當F>μ2(m+M)g時,木板便會開始運動
D.無論怎樣改變F的大小,木板都不可能運動

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如圖所示,質(zhì)量為m1的木塊在質(zhì)量為m2的長木板上向右滑行,木塊同時受到向右的拉力F的作用,長木板處于靜止狀態(tài),已知木塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ1,木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2,則
[     ]
A.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2m2g
B.木板受到地面的摩擦力的大小一定是μ2(m1+m2)g
C.當F>μ2(m1+m2)g時,木板便會開始運動
D.無論怎樣改變F的大小,木板都不可能運動

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題號

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

C

B

BD

ABC

AB

BCD

A

BD

B

D

11.(6分,每空2分,有效數(shù)字位數(shù)錯誤的每空扣1分)

4.00;0.500;2.00

12.(6分)

(1)B、F、H、K、L(2分);

(2)甲(2分);先釋放紙帶再接通電源(2分)

13.(8分)

解:接通電鍵K后,由電阻的串并聯(lián)公式,得閉合電路的總電阻為:

                                 …………………… 1分

由閉合電路的歐姆定律得,通過電源的電流  ………… 1分

電源的路端電壓                         …………………… 2分

電阻兩端的電壓(即電容器兩端的電壓) … 1分

通過的總電量就是電容器的帶電量    …………………… 2分

由以上各式并代入數(shù)據(jù)解得:     …………………… 1分

14.(8分)

解:(1)根據(jù)題意,粒子在垂直電場的方向上做勻速直線運動,

所以粒子從射入到打到屏上所用的時間     ……………… 1分

(2)設(shè)粒子射出電場時沿平行場強方向的速度為,

根據(jù)牛頓第二定律,粒子在電場中的加速度為:     …… 1分

所以                                          …………………… 1分

所以粒子剛射出電場時的速度方向與初速方向間夾角的正切值為

                                        …………………… 1分(3)設(shè)粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)距離為,則

                               …………………… 2分

所以                                      …………………… 1分

解得:                                         …………………… 1分

15.(10分)

解:設(shè)貨物相對傳送帶滑動的過程中貨物的加速度為,

根據(jù)牛頓第二定律得:   …………………… 2分

貨物自A端由靜止開始運動到與傳送帶相對靜止時所經(jīng)歷的時間為:

                                                         …………………… 1分

通過的距離為:                                          …………………… 1分

代入數(shù)據(jù)解得:                                      …………………… 1分

貨物自A端由靜止開始運送到B端所用的總時間為:

                                         …………………… 2分

根據(jù)動能定理,摩擦力對貨物做的功為:      …… 2分

所以由A到B的過程中摩擦力對貨物做功的平均功率為:

                                                    …………………… 1分

16.(10分)

解:(1)第一種形式下,根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律得:

                            …………………… 2分

解得相鄰星體間的距離           …………………… 1分

外側(cè)星體運動的線速度為:             …………………… 1分

解得:                                       …………………… 1分

(2)第二種形式下,星體運動的半徑為: …… 2分

根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律得:

                             …………………… 2分

解得:                                    …………………… 1分

17.(12分)

解:(1)設(shè)兩球組成的系統(tǒng)沿斜面下滑時加速度的大小為

根據(jù)牛頓第二定律有:       …………………… 2分

解得                                             …………………… 1分

根據(jù)公式                                  …………………… 2分

解得小球B沿斜面下滑的時間 …………………… 1分

(2)由于不計摩擦及碰撞時的機械能損失,因此兩球組成的系統(tǒng)機械能守恒。

兩球在光滑水平面上運動時的速度大小相等,設(shè)為

根據(jù)機械能守恒定律有: …… 2分

解得:                       …………………… 1分

(3)對B球應(yīng)用動能定理有: ……………… 2分

解得桿對B球所做的功為:       ……………… 1分

 

 


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