17． +=1解: 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

解：（1）x2-2x-2=0；
（2）（x+3）2-x（x+3）=0．

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21、解：因?yàn)椤螧=∠C
所以AB∥CD（
內(nèi)錯(cuò)角相等，兩直線平行
）
又因?yàn)锳B∥EF
所以EF∥CD（
平行線的傳遞性
）
所以∠BGF=∠C（
兩直線平行，同位角相等
）

（2）如圖，AD⊥BC于D，EG⊥BC于G，∠E=∠3
試說明：AD平分∠BAC
解：因?yàn)锳D⊥BC，EG⊥BC
所以AD∥EG（
同垂直于一條直線的兩個(gè)垂線段平行
）
所以∠1=∠E（
兩直線平行，同位角相等
）
∠2=∠3（
兩直線平行，內(nèi)錯(cuò)角相等
 ）
又因?yàn)椤?=∠E
所以∠1=∠2
所以AD平分∠BAC（
等量代換
）

（3）如圖，EF∥AD，∠1=∠2，∠BAC=70°．求∠AGD的度數(shù)．
解：因?yàn)镋F∥AD，
所以∠2=
3
 （
兩直線平行，同位角相等
）
又因?yàn)椤?=∠2
所以∠1=∠3  （
等量代換
）
所以AB∥
DG
 （
內(nèi)錯(cuò)角相等，兩直線平行
）
所以∠BAC+
∠DGA
=180°（
兩直線平行，同旁內(nèi)角互補(bǔ)
）
因?yàn)椤螧AC=70°
所以∠AGD=
110°

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解：（1）OA=1，OC=2

則A點(diǎn)坐標(biāo)為（0，1），C點(diǎn)坐標(biāo)為（2，0）

設(shè)直線AC的解析式為y=kx+b

解得

直線AC的解析式為··················· 2分

（2）或

（正確一個(gè)得2分）························· 8分

（3）如圖，設(shè)

過點(diǎn)作于F

由折疊知

或2··········· 10分

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解：因?yàn)椤螧=∠C
所以AB∥CD（________）
又因?yàn)锳B∥EF
所以EF∥CD（________）
所以∠BGF=∠C（________）

（2）如圖，AD⊥BC于D，EG⊥BC于G，∠E=∠3
試說明：AD平分∠BAC
解：因?yàn)锳D⊥BC，EG⊥BC
所以AD∥EG（________）
所以∠1=∠E（________）
∠2=∠3（________ ）
又因?yàn)椤?=∠E
所以∠1=∠2
所以AD平分∠BAC（________）

（3）如圖，EF∥AD，∠1=∠2，∠BAC=70°．求∠AGD的度數(shù)．
解：因?yàn)镋F∥AD，
所以∠2=________ （________）
又因?yàn)椤?=∠2
所以∠1=∠3�。╛_______）
所以AB∥________ （________）
所以∠BAC+________=180°（________）
因?yàn)椤螧AC=70°
所以∠AGD=________．

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解：（1）x2-2x-2=0；
（2）（x+3）2-x（x+3）=0．

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一、選擇題

題號(hào)

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

答案

C

B

B

C

B

D

A

D

D

C

 

二、填空題

題 號(hào)

11

12

13

14

15

答 案

2＜x＜8

（-3，-7）

2cm

34.28

 

 

 

 

三、解答題（本大題有7題，共55分）

16．1

17．經(jīng)檢驗(yàn)：x1=0，x2=2是原方程的根．

18．解：（1）根據(jù)題意有AF∥BC，∴∠ACB=∠GAF，又  ∠ABC=∠AFG=90，

 ∴△ABC∽△GFA

∴ ，得BC=3.2(m),CD=(2+3)-3.2=1.8(m)

 （2）設(shè)樓梯應(yīng)建x個(gè)臺(tái)階，則，

解得，14＜x＜16

      ∴樓梯應(yīng)建15個(gè)臺(tái)階 

 

19.（1）    （2）     不公平改為“如果和為0，李明得3分，其余不變

20.解：（1）△AEF是等邊三角形．

由折疊過程易得：

∵BC∥AD，∴     

∴△AEF是等邊三角形．                

　�。�2）不一定． 

　當(dāng)矩形的長(zhǎng)恰好等于等邊△AEF的邊AF時(shí)，

即矩形的寬∶長(zhǎng)＝AB∶AF＝sin60°＝時(shí)正好能折出．

　如果設(shè)矩形的長(zhǎng)為a，寬為b，

可知當(dāng)時(shí)，按此法一定能折出等邊三角形；

 　當(dāng)時(shí)，按此法無法折出完整的等邊三角形．

21.（1）證明：∵AB = AC，點(diǎn)D是邊BC的中點(diǎn)，∴AD⊥BD．

              又∵BD是圓O直徑，∴AD是圓O的切線．

（2）解：連結(jié)OP，OE．

            由BC = 8，得CD = 4，OC = 6，OP = 2．

∵PC是圓O的切線，O為圓心，∴．

            于是，利用勾股定理，得．

∵，，

∴△DCE∽△PCO．

∴，即得．

∵PE、DE是圓O的切線，∴．

于是，由，得．

又∵OB = OP，∴．

于是，由，得．

∴．∴OE // AB．

∴，即得．

∴．

 

 

22. 解：(1)因?yàn)槎魏瘮?shù)y=ax2＋bx＋c的圖象經(jīng)過點(diǎn)A(－1，0)、B(3，0)、N(2，3)

所以，可建立方程組：，解得：

所以，所求二次函數(shù)的解析式為y=－x2＋2x＋3，

所以，頂點(diǎn)M(1，4)，點(diǎn)C(0，3) -------2分

(2)直線y=kx+d經(jīng)過C、M兩點(diǎn)，所以，即k＝1，d＝3，

直線解析式為y＝x＋3

令y＝0，得x＝－3，故D(－3，0）

∴ CD＝，AN＝，AD=2，CN=2

∴CD＝AN，AD=CN

∴ 四邊形CDAN是平行四邊形

(3)假設(shè)存在這樣的點(diǎn)P，使以點(diǎn)P為圓心的圓經(jīng)過A、B兩點(diǎn)，并且與直線CD相切，因?yàn)檫@個(gè)二次函數(shù)的對(duì)稱軸是直線x=1，故可設(shè)P(1，)，

則PA是圓的半徑且PA2=y02＋22，

過P作直線CD的垂線，垂足為Q，則PQ＝PA時(shí)以P為圓心的圓與直線CD相切。

由第(2)小題易得：△MDE為等腰直角三角形，故△PQM也是等腰直角三角形，

由P(1，)得PE＝，PM＝|4-|，，

由PQ2=PA2得方程：，解得，符合題意，

所以，滿足題意的點(diǎn)P存在，其坐標(biāo)為(1，)或(1，)

 

 

 


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