Question

在矩形ABCD中，點E是AD邊上一點，連接BE，且∠ABE=30°，BE=DE，連接BD．點P從點E出發(fā)沿射線ED運動，過點P作PQ∥BD交直線BE于點Q．
（1）當點P在線段ED上時（如圖1），求證：BE=PD+PQ；
（2）若BC=6，設PQ長為x，以P、Q、D三點為頂點所構成的三角形面積為y，求y與x的函數(shù)關系式（不要求寫出自變量x的取值范圍）；
（3）在②的條件下，當點P運動到線段ED的中點時，連接QC，過點P作PF⊥QC，垂足為F，PF交對角線BD于點G（如圖2），求線段PG的長．

Answer 1

【答案】分析：（1）過點E作EM⊥QP垂足為M；在Rt△EQP中，易得∠EBD=∠EDB=30°；進而可得PE=PQ，且BE=DE．故可證得BE=PD+PQ．
（2）點P從點E出發(fā)沿射線ED運動，所以分當點P在線段ED上時與當點P在線段ED的延長線上時兩種情況討論，根據(jù)所作的輔助線，可得y與x的關系；
（3）連接PC交BD于點N，可得∠QPC=90°，進而可得△PNG∽△QPC；可得；解可得PG的長．
解答：（1）證明：∵∠A=90°∠ABE=30°，
∴∠AEB=60°．
∵EB=ED，
∴∠EBD=∠EDB=30°．
∵PQ∥BD，
∴∠EQP=∠EBD．
∠EPQ=∠EDB．
∴∠EPQ=∠EQP=30°，
∴EQ=EP．                                      （1分）
過點E作EM⊥QP垂足為M．則PQ=2PM．
∵∠EPM=30°，∴PM=PE，PE=PQ．             （1分）
∵BE=DE=PD+PE，
∴BE=PD+PQ．                                （1分）

（2）解：由題意知AE=BE，
∴DE=BE=2AE．
∵AD=BC=6，
∴2AE=DE=BE=4．                               （1分）
當點P在線段ED上時（如圖1），
過點Q做QH⊥AD于點H，則QH=PQ=x．
由（1）得PD=BE-x，PD=4-x．
∴y=PD•QH=．                        （1分）
當點P在線段ED的延長線上時（如圖2），
過點Q作QH′⊥DA交DA延長線于點H′，∴QH′=x．
過點E作EM′⊥PQ于點M′，同理可得EP=EQ=PQ，
∴BE=PQ-PD，
∴PD=x-4，
∴y=PD•QH′=．              （1分）

（3）解：連接PC交BD于點N（如圖3）．
∵點P是線段ED中點，
∴EP=PD=2，PQ=．
∵DC=AB=AE•tan60°=，
∴PC==4．
∴cos∠DPC==．
∴∠DPC=60°．
∴∠QPC=180°-∠EPQ-∠DPC=90°．             （1分）
∵PQ∥BD，
∴∠PND=∠QPC=90°．
∴PN=PD=1．                                 （1分）
QC==．
∵∠PGN=90°-∠FPC，∠PCF=90°-∠FPC，
∴∠PGN=∠PCF．                              （1分）
∵∠PNG=∠QPC=90°，
∴△PNG∽△QPC，
∴，
∴PG==．
點評：本題結合矩形的性質(zhì)考查二次函數(shù)的綜合應用，注意某個圖形無法解答時，常常放到其他圖形中，利用圖形間的角、邊關系求解．