Question

【題目】在平面直角坐標系中，正方形OABC的兩邊OA、OC分別落在x軸、y軸的正半軸上，等腰Rt△ADE的兩個頂點D、E和正方形頂點B三點在一條直線上．
（1）如圖1，連接OD，求證：△OAD≌△BAE；

（2）如圖2，連接CD，求證：BE﹣ DE= CD；

（3）如圖3，當圖1中的Rt△ADE的頂點D與點B重合時，點E正好落在x軸上，F(xiàn)為線段OC上一動點（不與O、C重合），G為線段AF的中點，若CG⊥GK交BE于點K時，請問∠KCG的大小是否變化？若不變，請求其值；若改變，求出變化的范圍．

Answer 1

【答案】
（1）

證明：如圖1，在正方形ABCO中，

∵∠BAF=∠DAE=90°，

∴∠BAD=∠EAF，

∴∠BAD+∠OAB=∠EAF+∠BAF，

即∠OAD=∠BAE，

∵AB=AO，AD=AE，

∴△OAD≌△BAE

（2）

證明：如圖2，設CD與AB的交點為P，

過C作CF⊥OD于F，過A作AN⊥DE于N，AM⊥OD于M，

∵等腰Rt△ADE，AD=AE，

∴AN=DN= DE，

∴四邊形ANDM是正方形，

∴DN=DM，

∴BE﹣ DE=OD﹣DM=OM，

由①△OAD≌△BAE得，∠ODA=∠BEA=45°，

∴∠ODE=90°，

∵∠OAB=∠ODB=90°，∠OPA=∠BPD，

∴△OAP∽△BDP，

∴ ，

∴ ，

∵∠CBD=90°+∠ABE，∠APD=90°+∠AOD，

∠ABE=∠AOD，

∴∠CBD=∠APD，

∴△CBD∽△APD，

∴∠CDB=∠ADO=45°，

∴∠ODC=90°﹣45°=45°，

∵sin45°= ，

∴CF= ，

∵△COF≌△OAM，

∴CF=OM，

∴BE﹣ DE= CD

（3）

證明：如圖3，∠KCG的大小不變，理由是：

過K作KM⊥AB于M，KN⊥BC，交CB的延長線于N，延長CG、BA交于Q，連接KQ，

∵∠N=∠MBN=∠BMK=90°，

∴四邊形BMKN是矩形，

∵AB=AE，∠BAE=90°，

∴∠ABE=45°，

∴BM=KM，

∴矩形BMKN是正方形，

∵OC∥AB，

∴∠OCG=∠GQA，

∵FG=AG，∠CGF=∠AGQ，

∴△FCG≌△AQG，

∴CG=QG，

∵CG⊥GK，

∴KC=KQ，

∵KN=KM，

∴Rt△CNK≌Rt△QMK，

∴∠CKN=∠QKM，

∴∠CKQ=∠CKM+∠MKQ=∠CKM+∠CKN=90°，

∴△KCQ是等腰直角三角形，

∴∠KCG=∠KQC=45°

【解析】（1）利用同角的余角相等可得∠BAD=∠EAF，由此得∠OAD=∠BAE，根據(jù)SAS證明△OAD≌△BAE；（2）作輔助線構(gòu)建正方形ANDM和等腰直角三角形CFD，把所求CD轉(zhuǎn)化為CF，證CF=OM，由（1）中的全等可知∠ODA=∠BEA=45°，證明∠ODC=45°，推出CF與CD的關(guān)系，利用直角三角形斜邊中線和正方形的性質(zhì)求出BE﹣ DE的值為OM，得出結(jié)論；（3）作輔助線構(gòu)建正方形BMKN和全等三角形，首先利用全等證明CG=QG，由線段垂直平分線性質(zhì)得KC=KQ，證明Rt△CNK≌Rt△QMK，得∠CKN=∠QKM，可知∠CKQ=90°，得△KCQ是等腰直角三角形，因此得出結(jié)論：∠KCG的大小不變，等于45°．
【考點精析】通過靈活運用正方形的性質(zhì)，掌握正方形四個角都是直角，四條邊都相等；正方形的兩條對角線相等，并且互相垂直平分，每條對角線平分一組對角；正方形的一條對角線把正方形分成兩個全等的等腰直角三角形；正方形的對角線與邊的夾角是45o；正方形的兩條對角線把這個正方形分成四個全等的等腰直角三角形即可以解答此題．