Question

2．一定溫度時(shí)，向容積為2L的密閉容器中充入一定量的SO₂和O₂，發(fā)生反應(yīng)，2SO₂（g）+O₂（g）?2SO₃（g）．反應(yīng)過程中測(cè)定的部分?jǐn)?shù)據(jù)見下表（表中t₁＜t₂），下列說法正確的是（　�。�

反應(yīng)時(shí)間/min	n（SO2）/mol	n（O2）/mol
0	0.10	0.060
t1	0.012
t2		0.016

• A． 反應(yīng)在0～t₁ min內(nèi)的平均速率為v（SO₃）=0.088/t₁ mol•L^-1•min^-1
• B． 保持其他條件不變，起始時(shí)向容器中充入0.10 mol SO₃和0.010 mol O₂，到達(dá)平衡時(shí)，n（SO₂）=0.012 mol
• C． 保持其他條件不變，升高溫度，平衡時(shí)c（SO₂）=0.007 0 mol•L^-1，則反應(yīng)的△H＞0
• D． 相同溫度下，起始時(shí)向容器中充入0.050 mol SO₂和0.030 mol O₂，達(dá)到平衡時(shí)SO₂轉(zhuǎn)化率大于88%

Answer 1

分析 A．先計(jì)算二氧化硫的平均反應(yīng)速率，根據(jù)方程式知，同一時(shí)間段內(nèi)二氧化硫和三氧化硫的平均反應(yīng)速率相等；
B．t₂ 時(shí)，參加反應(yīng)的n（O₂）=（0.060-0.016）mol=0.044mol，則參加反應(yīng)的n（SO₂）=2n（O₂）=0.088mol，所以還剩余n（SO₂）=（0.10-0.088）mol=0.012mol，所以t₁時(shí)該反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，利用等效平衡分析；
C．升高溫度，平衡向吸熱反應(yīng)方向移動(dòng)，根據(jù)二氧化硫的平衡濃度大小判斷反應(yīng)熱；
D．第一次達(dá)到平衡狀態(tài)時(shí)SO₂的轉(zhuǎn)化率為$\frac{0.088mol}{0.1mol}$×100%=88%，減小壓強(qiáng)，平衡向氣體體積增大的方向移動(dòng)，根據(jù)平衡移動(dòng)方向確定二氧化硫的轉(zhuǎn)化率變化．

解答 解：A．在0～t₁min內(nèi)的平均速率為v（SO₃）=$\frac{\frac{0.08mol}{2L}}{{t}_{1}}$=$\frac{0.044}{{t}_{1}}$mol/（L•min），故A錯(cuò)誤；
B．t₂ 時(shí)，參加反應(yīng)的n（O₂）=（0.060-0.016）mol=0.044mol，則參加反應(yīng)的n（SO₂）=2n（O₂）=0.088mol，所以還剩余n（SO₂）=（0.10-0.088）mol=0.012mol，所以t₁時(shí)該反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)；其它條件不變，起始時(shí)向容器中充入0.10molSO₃和0.010 molO₂與起始時(shí)向容器中充入0.10mol SO₂和0.060molO₂相同，所以達(dá)到平衡狀態(tài)時(shí)n（SO₂）=0.012 mol，故B正確；
C．升高溫度，平衡向吸熱反應(yīng)方向移動(dòng)，如果平衡時(shí)c（SO₂）=0.0070mol•L^-1＞$\frac{0.012mol}{2L}$=0.006mol/L，則平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，所以正反應(yīng)是放熱反應(yīng)，△H＜0，故C錯(cuò)誤；
D．第一次達(dá)到平衡狀態(tài)時(shí)SO₂的轉(zhuǎn)化率為：$\frac{0.088mol}{0.1mol}$×100%=88%，起始時(shí)向容器中充入0.050molSO₂和0.030molO₂，與第一次相比，相當(dāng)于減小壓強(qiáng)，平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，所以達(dá)到平衡時(shí)SO₂轉(zhuǎn)化率小于88%，故D錯(cuò)誤；
故選D．

點(diǎn)評(píng) 本題考查化學(xué)平衡有關(guān)計(jì)算、等效平衡等知識(shí)，題目難度中等，明確等效平衡中采用“極限轉(zhuǎn)化”的方法分析解答，結(jié)合外界條件對(duì)化學(xué)平衡的影響來分析，試題培養(yǎng)了學(xué)生的分析能力及靈活應(yīng)用能力．