Question

過(guò)氧化氫是重要的工業(yè)產(chǎn)品和實(shí)驗(yàn)室常用試劑．
（1）制取H₂O₂的方法很多，下列制取方法具有綠色環(huán)保，原子利用率最高的是______．
a．BaO₂+H₂SO₄=BaSO₄↓+H₂O₂
b．K₂S₂O₈+2H₂O=2KHSO₄+H₂O₂
c．Na₂O₂+H₂SO₄+10H₂O=Na₂SO₄?10H₂O+H₂O₂
d．
（2）H₂O₂水溶液具有弱酸性，其電離方程式為：______．
（3）取氫氣還原氧化銅后所得紅色固體產(chǎn)物7.80g（含有Cu和并可能含有少量Cu₂O、CuO），將其均分為兩等份．一份在空氣中灼燒到恒重為4.86g；另一份用含17%H₂O₂的酸性溶液至少______g，方可完全溶解，得藍(lán)色溶液．
（4）為測(cè)定某鈣片中H₂O₂殘留，取25片（1.0g/片），研細(xì)、溶解、配成溶液250.00mL．取25.00mL，用0.01000mol?L^-1酸性高錳酸鉀溶液滴定（除H₂O₂外，其它物質(zhì)不參與反應(yīng)），耗去20.00mL．則鈣片中H₂O₂殘留為_(kāi)_____mg/片．

Answer 1

解：（1）對(duì)比選項(xiàng)四種制備方案可知，d選項(xiàng)制取H₂O₂的反應(yīng)中，反應(yīng)物全部轉(zhuǎn)化為生成物沒(méi)有副產(chǎn)品，原子利用率最高，abc，反應(yīng)均有其它副產(chǎn)品，故d正確；
故答案為：d；
（2）過(guò)氧化氫呈弱酸性，是二元弱酸，電離方程式為：H₂O₂?H⁺+HO₂^-或2H₂O₂?H₃O₂⁺+HO₂^-，
故答案為：H₂O₂?H⁺+HO₂^-（或2H₂O₂?H₃O₂⁺+HO₂^-）；
（3）取氫氣還原氧化銅后所得紅色固體產(chǎn)物7.80g（含有Cu和并可能含有少量Cu₂O、CuO），將其均分為兩等份．第一份質(zhì)量為3.90 g，在空氣中灼燒到恒重為4.86g，因?yàn)?Cu+O₂2CuO，固體質(zhì)量應(yīng)該增加，說(shuō)明一定發(fā)生，固體分成兩等份，在空氣中充分灼燒后，所得固體為CuO，固體增重0.96 g，則參加反應(yīng)的n（O）=0.06 mol，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.12 mol，另一份與H₂O₂酸性溶液反應(yīng)，得藍(lán)色溶液，說(shuō)明產(chǎn)物為Cu²⁺，轉(zhuǎn)移電子數(shù)應(yīng)與前一份相同為0.12 mol，H₂O₂被還原為H₂O，1mol過(guò)氧化氫轉(zhuǎn)移2mol電子，根據(jù)得失電子守恒×2=0.12 mol，則需17%H₂O₂的酸性溶液m=12.0g，
故答案為：12.0；
（4）用0.01000mol?L^-1酸性高錳酸鉀溶液滴定（除H₂O₂外，其它物質(zhì)不參與反應(yīng)），耗去20.00mL，高錳酸鉀的物質(zhì)的量為2×10^-4mol，KMnO₄是氧化劑，H₂O₂是還原劑，根據(jù)反應(yīng)方程式：2KMnO₄+5H₂O₂+3H₂SO₄=2MnSO₄+K₂SO₄+8H₂O+5O₂↑因此2KMnO₄～5H₂O₂消耗H₂O₂就是5×10^-4mol，即5×10^-4mol×34×10³mg/mol=17mg，取25片（1.0g/片），研細(xì)、溶解、配成溶液250.00mL．取25.00mL，相當(dāng)于取2.5片藥片，則鈣片中H₂O₂殘留為=6.8mg/片，
故答案為：6.8．
分析：（1）原子利用率最高的應(yīng)是反應(yīng)物全部轉(zhuǎn)化為生成物，沒(méi)有其它副產(chǎn)品的反應(yīng)；
（2）根據(jù)過(guò)氧化氫呈弱酸性，能電離出氫離子解答；
（3）根據(jù)2Cu+O₂2CuO，結(jié)合得失電子守恒分析解答；
（4）KMnO₄是氧化劑，H₂O₂是還原劑，根據(jù)反應(yīng)方程式：2KMnO₄+5H₂O₂+3H₂SO₄=2MnSO₄+K₂SO₄+8H₂O+5O₂↑進(jìn)行相關(guān)計(jì)算．
點(diǎn)評(píng)：本題考查了過(guò)氧化氫的性質(zhì)，掌握過(guò)氧化氫的酸性和還原性和氧化還原計(jì)算是解答的關(guān)鍵，題目難度中等．