7.(1)下列四種溶液:①100mL 0.1mol/L H2SO4溶液;②100mL 0.15mol/L HCl溶液;③100mL 0.2mol/L CH3COOH溶液;④200mL 0.1mol/L CH3COOH溶液.回答:
其中pH最小的是①(填序號,下同),由水電離的H+濃度最大的是④,與足量的Zn反應(yīng),生成H2最少的是②;①和③分別與100mL 0.2mol/LNaOH溶液反應(yīng),放出熱量少的是③,理由是CH3COOH電離吸熱.
(2)實驗室中有一未知濃度的稀鹽酸,某學生用0.10mol/LNaOH標準溶液進行測定鹽酸的濃度的實驗.該學生取20.00mL待測稀鹽酸溶液放入錐形瓶中,并滴加2~3滴酚酞作指示劑,用NaOH標準溶液進行滴定.滴定達到終點的標志是后一滴NaOH溶液加入,溶液由無色恰好變成淺紅色且半分鐘內(nèi)不褪色;
(3)在上述實驗中,下列操作(其他操作正確)會造成測定結(jié)果偏高的有D.(填字母序號)
A.滴定終點讀數(shù)時俯視
B.酸式滴定管使用前,水洗后未用待測鹽酸溶液潤洗
C.錐形瓶水洗后未干燥
D.堿式滴定管尖嘴部分有氣泡,滴定后消失.

分析 (1)氫離子濃度越大,溶液的pH越小,弱電解質(zhì)部分電離,強電解質(zhì)完全電離,弱電解質(zhì)的濃度越大,氫離子濃度越大,據(jù)此pH溶液pH大。
酸溶液中,氫離子濃度越大,水的電離程度越小,水電離出的c(H+)最大,則酸溶液中氫離子濃度最;
鋅足量,生成氫氣的量取決于溶質(zhì)中含有的氫離子的總物質(zhì)的量;
醋酸為弱酸,電離時會吸熱;
(2)如溶液顏色變化且半分鐘內(nèi)不變色,可說明達到滴定終點;
(3)根據(jù)c(待測)=$\frac{c(標準)×V(標準)}{V(待測)}$分析不當操作對V(標準)的影響,以此判斷濃度的誤差;

解答 解:(1)①100mL 0.1mol/L H2SO4溶液中氫離子濃度為0.2mol/L;
②100mL 0.15mol/L HCl溶液中氫離子濃度為0.15mol/L;
③100mL 0.2mol/LCH3COOH溶液中,CH3COOH部分電離,則氫離子濃度小于0.2mol/L;
④200mL 0.1mol/L CH3COOH溶液中氫離子濃度小于0.1mol/L;
根據(jù)分析可知,各溶液中氫離子濃度最大的為①,則溶液的pH最小的為①;
四種溶液中,氫離子濃度最小的為④,則④對水的電離的抑制程度最小,其溶液中水電離的氫離子濃度最大;
①100mL 0.1mol/L H2SO4溶液中能夠提供的氫離子的總物質(zhì)的量為:0.1mol/L×2×0.1L=0.02mol;
②100mL 0.15mol/L HCl溶液中能夠提供的氫離子的物質(zhì)的量為:0.15mol×0.1L=0.015mol;
③100mL 0.2mol/LCH3COOH溶液中最多能夠提供氫離子:0.2mol/L×0.1L=0.02mol;
④200mL 0.1mol/L CH3COOH溶液中能夠提供的氫離子的物質(zhì)的量為:0.1mol/L×0.1L=0.02mol;
根據(jù)分析可知,能夠提供氫離子的物質(zhì)的量最小的為②,則與足量鋅反應(yīng)生成氫氣最少的為②,
醋酸為弱酸,電離時會吸熱,所以①和③分別與100mL 0.2mol/LNaOH溶液反應(yīng),放出熱量少的是③;
故答案為:①,④,②,③,CH3COOH電離吸熱;
(2)滴定時,當溶液顏色變化且半分鐘內(nèi)不變色,可說明達到滴定終點,即酚酞在酸中為無色,在堿性溶液中顯淺紅色;
故答案為:最后一滴NaOH溶液加入,溶液由無色恰好變成淺紅色且半分鐘內(nèi)不褪色;
(3)A.滴定終點讀數(shù)時俯視,導致V(標準)偏小,據(jù)c(待測)=$\frac{c(標準)×V(標準)}{V(待測)}$分析,c(待測)偏小,故A錯誤;
B.酸式滴定管使用前,水洗后未用待測鹽酸溶液潤洗,鹽酸溶液被稀釋,待測液的物質(zhì)的量偏小,導致V(標準)偏小,據(jù)c(待測)=$\frac{c(標準)×V(標準)}{V(待測)}$分析,c(待測)偏小,故B錯誤;
C.錐形瓶水洗后未干燥,待測液的物質(zhì)的量不變,V(標準)不變,據(jù)c(待測)=$\frac{c(標準)×V(標準)}{V(待測)}$分析,c(待測)無影響,故C錯誤;
D.堿式滴定管尖嘴部分有氣泡,滴定后消失,導致V(標準)偏大,據(jù)c(待測)=$\frac{c(標準)×V(標準)}{V(待測)}$分析,c(待測)偏大,故D正確;
故選D.

點評 本題主要考查了弱電解質(zhì)的電離、中和滴定操作、誤差分析,明確溶液酸堿性與溶液pH的關(guān)系為解答關(guān)鍵,題目難度中等.

練習冊系列答案
相關(guān)習題

科目:高中化學 來源: 題型:選擇題

10.下列有關(guān)說法正確的是( 。
A.同周期金屬元素的化合價越高,元素的金屬性越強
B.海輪外殼上附著一些鋅塊,可以減緩海輪外殼的腐蝕
C.在含有 BaSO4 沉淀的溶液中加入 Na2SO4固體,c(Ba2+) 增大
D.2NO(g)+2CO(g)═N2(g)+2CO2(g) 在常溫下能自發(fā)進行,則該反應(yīng)的△H>0

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科目:高中化學 來源: 題型:選擇題

11.為了鑒定溴乙烷中溴元素的存在,試分析下列各步實驗:①加入AgNO3溶液  ②加入NaOH溶液 ③加熱 ④用稀HNO3酸化溶液,其中操作順序合理的是( 。
A.①②③④B.②③④①C.④③②①D.②③①④

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科目:高中化學 來源: 題型:選擇題

8.苯(C6H6)與無機苯(B3N3H6)具有相似的結(jié)構(gòu)和性質(zhì),如圖所示,則其二氯取代物的異構(gòu)體數(shù)相比,下列說法正確的是( 。
A.前者大于后者B.前者等于后者C.前者小于后者D.無法確定

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科目:高中化學 來源: 題型:填空題

2.某課外興趣小組欲測定某NaOH溶液的濃度,其操作步驟如下:
①將堿式滴定管用蒸餾水洗凈后,用待測溶液潤洗后,再注入待測溶液,調(diào)節(jié)滴定管的尖嘴部分充滿溶液,并使液面處于“0”刻度以下的位置,記下讀數(shù);將錐形瓶用蒸餾水洗凈后,用待測溶液潤洗錐形瓶2~3次;從堿式滴定管中放出25.00mL待測溶液到錐形瓶中.
②將酸式滴定管用蒸餾水洗凈后,立即向其中注入0.1000mol•L-1標準鹽酸,調(diào)節(jié)滴定管的尖嘴部分充滿溶液,并使液面處于“0”刻度以下的位置,記下讀數(shù).
③向錐形瓶中滴入酚酞作指示劑,進行滴定.滴定至終點,測得所耗鹽酸的體積為V1mL.
④重復以上過程,但在滴定過程中向錐形瓶中加入5mL的蒸餾水,測得所耗鹽酸的體積為V2mL.
試回答下列問題:
(1)滴定終點時的現(xiàn)象為錐形瓶中的溶液當?shù)渭幼詈笠坏螛藴室簳r,溶液由紅色變?yōu)闊o色,且30s不復色;
(2)該小組在步驟①中的錯誤是待測溶液潤洗錐形瓶,由此造成的測定結(jié)果偏高(填“偏高”或“偏低”或“無影響”);
(3)如圖是某次滴定時的滴定管中的液面,其讀數(shù)為22.60mL;
(4)根據(jù)下列數(shù)據(jù):
測定次數(shù)待測液體積/mL標準鹽酸體積/mL
滴定前讀數(shù)/mL滴定后讀數(shù)/mL
第一次25.000.4020.38
第二次25.004.0024.02
計算得出待測燒堿溶液的物質(zhì)的量濃度為0.08000mol•L-1

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科目:高中化學 來源: 題型:解答題

12.某學生為測定未知濃度的硫酸溶液,實驗如下:用1.00mL待測硫酸配制100mL稀H2SO4溶液;以0.14mol/L的NaOH溶液滴定上述稀H2SO425mL,滴定終止時消耗NaOH溶液15mL.
 (1)該學生用標準0.14mol/L NaOH溶液滴定硫酸的實驗操作如下:
A.用酸式滴定管取稀H2SO4 25mL,注入錐形瓶中,加入指示劑.
B.用待測定的溶液潤洗酸式滴定管.
C.用蒸餾水洗干凈滴定管.
D.取下堿式滴定管用標準的NaOH溶液潤洗后,將標準液注入堿式滴定管刻度“0”以上2~3cm處,再把堿式滴定管固定好,調(diào)節(jié)液面至刻度“0”或“0”刻度以下.
E.檢查滴定管是否漏水.
F.另取錐形瓶,再重復操作一次.
G.把錐形瓶放在滴定管下面,瓶下墊一張白紙,邊滴邊搖動錐形瓶直至滴定終點,記下滴定管液面所在刻度.
①滴定操作的正確順序是(用序號填寫):ECDBAGF(或ECBADGF).
②該滴定操作中應(yīng)選用的指示劑是:酚酞或甲基橙.
③在G操作中如何確定終點?酚酞為指示劑時淺紅色變?yōu)闊o色且半分鐘不復原(或甲基橙為指示劑時黃色變色橙色且半分鐘不復原).
(2)分析下列操作的結(jié)果:(填“偏小”、“偏大”或“恰好合適”)
堿式滴定管用蒸餾水潤洗后,未用標準液潤洗,導致滴定結(jié)果偏大.
堿式滴定管滴定前讀數(shù)時仰視,結(jié)束時讀數(shù)平視,導致滴定結(jié)果偏。
(3)計算待測硫酸(稀釋前的硫酸)溶液的物質(zhì)的量濃度4.2mol/L(保留兩位小數(shù))

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科目:高中化學 來源: 題型:解答題

19.某實驗組為研究“不同條件”對化學平衡的影響情況,進行了如下實驗:一定條件下,向一個密閉容器中加入0.30molX、0.10molY和一定量的Z三種氣體,甲圖表示發(fā)生反應(yīng)后各物質(zhì)濃度(c)隨時間(t)的變化〔其中t0~t1階段c(Z)未畫出〕.乙圖表示化學反應(yīng)速率(v)隨時間(t)的變化,四個階段都只改變一種條件(催化劑、溫度、濃度、壓強,每次改變條件均不同),已知t3~t4階段為使用催化劑.

回答下列問題:
(1)若t1=5min,則t0~t1階段以X濃度變化表示的反應(yīng)速率為v(X)=0.018mol•L-1•min-1
(2)在t2~t3階段Y的物質(zhì)的量減小,則此階段開始時v<v(填“>”、“=”或“<”).
(3)t4~t5階段改變的條件為減小壓強,此階段的平衡常數(shù)K=2.8.
(4)t5~t6階段容器內(nèi)Z的物質(zhì)的量共增加0.10mol,在反應(yīng)中熱量變化總量為a kJ,寫出該反應(yīng)的熱化學方程式3X(g)2Y(g)+Z(g)△H=-10akJ/mol.在乙圖Ⅰ~Ⅴ處平衡中,平衡常數(shù)最大的是Ⅴ.
(5)若起始實驗條件不變,重新向該容器中加入0.60mol X、0.20mol Y和0.080mol Z,反應(yīng)至平衡狀態(tài)后X的轉(zhuǎn)化率=60%.

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科目:高中化學 來源: 題型:實驗題

16.氯氣與堿溶液反應(yīng)時,在低溫和稀堿溶液中主要產(chǎn)物是ClO-和Cl-,在75℃以上和濃堿溶液中主要產(chǎn)物是ClO-和Cl-.研究小組用以下實驗裝置制取氯酸鉀(KClO3)并測定溶度.
a為濃鹽酸,b為MnO2,c為飽和食鹽水,d為30%KOH溶液,e為NaOH溶液
回答下列問題:
(1)檢查裝置氣密性后,添加藥品,待裝置Ⅲ水溫升至75℃開始反應(yīng):
①裝置Ⅰ的作用是制備Cl2,反應(yīng)的化學方程式為MnO2+4HCl(濃)$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$MnCl2+Cl2↑+2H2O
②若取消裝置Ⅱ,對本實驗的影響是雜質(zhì)HCl氣體消耗氫氧化鉀,使KClO3產(chǎn)率降低;
③實驗結(jié)束,拆解裝置Ⅰ前為了防止大量氧氣溢出,可采取的措施是將裝置Ⅳ中的溶液從分液漏斗中注入圓底燒瓶,
④從裝置Ⅲ的試管中分離得到KClO3粗產(chǎn)品,其中混有的雜質(zhì)是KClO和KCl;
(2)已知堿性條件下,ClO-具有強氧化性,則ClO3-氧化性很弱,設(shè)計實驗證明:堿性條件下,H2O2能被ClO-氧化,而不能被ClO3-氧化分別取少量NaClO和NaClO3溶液于試管AB中,均滴加少量NaOH溶液,再分別滴加H2O2溶液,A中有氣泡產(chǎn)生并能使帶火星的木條復燃,B中無明顯現(xiàn)象;
(3)為測定產(chǎn)品KCLO3的純度,進行如下實驗:
步驟1:取2.45g樣品溶于水配成250ml的溶液;
步驟2:取25.00mol溶液于錐形瓶中,調(diào)制pH=10,滴加足量H2O2溶液充分振蕩,然后煮沸溶液1-2分鐘,冷卻;
步驟3:加入過量KI溶液,在逐滴加入足量稀硫酸.(ClO3-+6I-+6H+=Cl-+3I2+3H2O)
步驟4:加入指示劑,用0.5000mol•L-Na2S2O3標準溶液滴定至終點,消耗標準溶液20ml.(2S2O32-+I2=S4O62-+2I-
①步驟2的目的是除去ClO-.寫出煮沸時的化學方程式2H2O2$\frac{\underline{\;\;△\;\;}}{\;}$2H2O+O2↑;
②樣品中KCLO3的質(zhì)量分數(shù)為83.3%(KCLO3式量:122.5)

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科目:高中化學 來源: 題型:選擇題

17.設(shè)NA為阿伏伽德羅常數(shù)的值,下列說法正確的是( 。
A.64gCu被氧化,失去的電子數(shù)一定為2NA
B.室溫下,pH=13的氨水中,由水電離的OH-數(shù)為0.1NA
C.在標準狀況下,22.4LC4H10中共價鍵數(shù)目為13NA
D.200mL1mol/LFe2 ( SO43 溶液中,SO42-離子數(shù)是0.3NA

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