Question

已知：二次函數(shù)f（x）=ax²+bx-1，其中a，b∈R，g（x）=ln（ex），且函數(shù)F（x）=f（x）-g（x）在x=1處取得極值．
（I）求a，b所滿足的關系；
（II）若直線l：y=kx（k∈R）與函數(shù)y=f（x）在x∈[1，2]上的圖象恒有公共點，求k的最小值；
（III）試判斷是否存在a∈（-2，0）∪（0，2），使得對任意的x∈[1，2]，不等式（x+a）F（x）≥0恒成立？如果存在，請求出符合條件的a的所有值；如果不存在，說明理由．

Answer 1

解：（I） 由已知，∵f（x）=ax²+bx+1，g（x）=ln（ex），
∴函數(shù)F（x）=f（x）-g（x）=ax²+bx+1-ln（ex）
∴F′（x）=，
∵F（x）=f（x）-g（x）在x=1處取得極值
∴F′（1）=0，∴b=1-2a，
∴F′（x）=，
∴-≠1，∴a
（II）由題意得：方程kx=ax²+（1-2a）x+1在x∈[1，2]時總有解，
∴k=，即k=ax++1-2a，
∵當a＜0時，k=ax++1-2a在x∈[1，2]時單調(diào)遞減，∴k≥，
當0＜a＜時，由k′=a-，k=ax++1-2a在x∈[1，2]時單調(diào)遞減，∴k≥，
當≤a≤1時，由ax++1-2a≥2+1-2a（當且僅當x=時，取“=”）得k≥2+1-2a，
當a＞1時，k=ax++1-2a在x∈[1，2]時單調(diào)遞增，∴k≥2-a．
∴要使得直線l：y=kx（k∈R）與函數(shù)y=f（x）在x∈[1，2]上的圖象恒有公共點
實數(shù)k應取（a＜0）、2+1-2a（≤a≤1），2-a（a＞1）三者中的最大值，
∵2+1-2a=-2≤（≤a≤1），又2-a＜1（a＞1），
∴k的最小值為．
（III）∵F（x）=ax²+（1-2a）x+1-lnx，
當a∈（0，2）時，∵x∈[1，2]，∴由（x+a）F（x）≥0得F（x）≥0，
∵F′（x）=，
∴x∈[1，2]時，F(xiàn)′（x）＞0，函數(shù)y=F（x）單調(diào)遞增，∴F（x）_min≥F（1）=1-a≥0，
∴a∈（0，1]時成立．…（13分）
當a∈[-1，0）且a≠-時，∵F（1）=1-a≥0，F(xiàn)（2）=2-ln2≥0，類似地由單調(diào)性證得F（x）≥0，
又x+a≥0，∴（x+a）F（x）≥0成立，
當-2＜a＜-1時，（x+a）F（x）≥0等價于或．
由上可知，此時不成立．
綜上，存在符合條件的a，其所有值的集合為[-1，-）
分析：（I） F（x）=f（x）-g（x）=ax²+bx+1-ln（ex），求導函數(shù)，利用F（x）=f（x）-g（x）在x=1處取得極值，可確定a，b所滿足的關系；
（II）由題意方程kx=ax²+（1-2a）x+1在x∈[1，2]時總有解，分離參數(shù)，分類討論求出函數(shù)的最值，即可求得k的最小值；
（III）F（x）=ax²+（1-2a）x+1-lnx，分類討論：當a∈（0，2）時，函數(shù)y=F（x）單調(diào)遞增，從而可得F（x）_min≥F（1）=1-a≥0，可得a∈（0，1]時成立；當a∈[-1，0）且a≠-時，（x+a）F（x）≥0成立；當-2＜a＜-1時，（x+a）F（x）≥0等價于或，此時不成立，故可求存在符合條件的a的取值的集合．
點評：本題考查導數(shù)知識的運用，考查函數(shù)的單調(diào)性，考查函數(shù)的最值，考查恒成立問題，正確求導，確定函數(shù)的單調(diào)性是關鍵．