Question

如圖，已知直三棱柱ABC-A₁B₁C₁，∠ACB=90°，E是棱CC₁上動(dòng)點(diǎn)，F(xiàn)是AB中點(diǎn)，AC=BC=2，AA₁=4．
（1）求證：CF⊥平面ABB₁；
（2）當(dāng)E是棱CC₁中點(diǎn)時(shí)，求證：CF∥平面AEB₁；
（3）在棱CC₁上是否存在點(diǎn)E，使得二面角A-EB₁-B的大小是45°，若存在，求CE
的長(zhǎng)，若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由．

Answer 1

分析：（Ⅰ）欲證CF⊥平面ABB₁，根據(jù)直線與平面垂直的判定定理可知只需證CF垂直平面ABB₁內(nèi)兩相交直線垂直，而CF⊥BB₁，CF⊥AB，BB₁∩AB=B，滿足定理?xiàng)l件；
（Ⅱ）取AB₁的中點(diǎn)G，連接EG，F(xiàn)G，欲證CF∥平面AEB₁，根據(jù)直線與平面平行的判定定理可知只需證CF與平面AEB₁內(nèi)一直線平行即可，而CF∥EG，CF?平面AEB₁，EG?平面AEB₁，滿足定理?xiàng)l件．EB₁-B
（III）以C為坐標(biāo)原點(diǎn)，射線CA，CB，CC₁為x，y，z軸正半軸，建立空間直角坐標(biāo)系C-xyz，設(shè)出E點(diǎn)坐標(biāo)，分別求出平面AEB₁與EB₁B的法向量，根據(jù)二面角A-EB₁-B的大小是45°，代入向量夾角公式，構(gòu)造方程即可得到答案．

解答：證明：（Ⅰ）∵三棱柱ABC-A₁B₁C₁是直棱柱，∴BB₁⊥平面ABC．
又∵CF?平面ABC，
∴CF⊥BB₁．
∵∠ACB=90°，AC=BC=2，F(xiàn)是AB中點(diǎn)，
∴CF⊥AB．
又∵BB₁∩AB=B，
∴CF⊥平面ABB₁．
（Ⅱ）取AB₁的中點(diǎn)G，連接EG，F(xiàn)G．
∵F、G分別是棱AB、AB₁中點(diǎn)，
∴FG∥BB₁，FG=

1

2

BB₁．
又∵EC∥BB₁，EC=

1

2

BB1，
∴FG∥EC，F(xiàn)G=EC．
∴四邊形FGEC是平行四邊形，
∴CF∥EG．
又∵CF?平面AEB₁，EG?平面AEB₁，
∴CF∥平面AEB₁．（9分）
（3）解：以C為坐標(biāo)原點(diǎn)，射線CA，CB，CC₁為x，y，z軸正半軸，
建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系C-xyz
則C（0，0，0），A（2，0，0），B₁（0，2，4）（10分）
設(shè)E（0，0，m），平面AEB₁的法向量

n

=（x，y，z）
則

AB1

=（-2，2，4），

AE

=（-2，0，m）
且

AB1

⊥

n

，

AE

⊥

n

，
于是

AB1 • n =0 AE • n =0

，即

-2x+2y+4z=0 -2x+mz=0

取z=2，則

n

=（m，m-4，2）（12分）
∵三棱柱ABC-A₁B₁C₁是直棱柱，
∴BB₁⊥平面ABC，
又∵AC?平面ABC
∴AC⊥BB₁
∵∠ACB=90°，
∴AC⊥BC
∴AC⊥平面ECBB₁
∴

CA

=（2，0，0）是平面EBB₁的法向量，
二面角A-EB₁-B的大小是45°，
則cos45°=

2

2

=

CA • n

| CA |•| n |

=

2m

2 m2+(m-4)2+22

（13分）
解得m=

5

2

∴在棱CC₁上存在點(diǎn)E，使得二面角A-EB₁-B的大小是45°．
此時(shí)CE=

5

2

   （14分）

點(diǎn)評(píng)：本小題主要考查直線與平面平行的判定，以及直線與平面垂直的判定，考查空間想象能力、運(yùn)算能力和推理論證能力，屬于基礎(chǔ)題．