Question

17．已知各項(xiàng)為正數(shù)的數(shù)列{a_n}的前{S_n}，滿(mǎn)足$\sqrt{2{S_n}}=\frac{{{a_n}+2}}{2}$
（Ⅰ）求證：{a_n}為等差數(shù)列，并求a_n；
（Ⅱ）設(shè)${b_n}=\frac{1}{{{a_n}{a_{n+1}}}}$，求數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為T(mén)_n．

Answer 1

分析 （Ⅰ）由已知數(shù)列遞推式可得$8{S_n}={a_n}^2+4{a_n}+4$，進(jìn)一步得到$8{S}_{n-1}={{a}_{n-1}}^{2}+4{a}_{n-1}+4$（n≥2），兩式作差可得a_n-a_n-1-4=0，求出數(shù)列首項(xiàng)，代入等差數(shù)列通項(xiàng)公式得答案；
（Ⅱ）把{a_n}的通項(xiàng)公式代入${b_n}=\frac{1}{{{a_n}{a_{n+1}}}}$，由裂項(xiàng)相消法求數(shù)列{b_n}的前n項(xiàng)和為T(mén)_n．

解答 （Ⅰ）證明：由$\sqrt{2{S_n}}=\frac{{{a_n}+2}}{2}$，得$8{S_n}={a_n}^2+4{a_n}+4$，
∴n≥2時(shí)，$8{S}_{n-1}={{a}_{n-1}}^{2}+4{a}_{n-1}+4$（n≥2），
兩式作差得：（a_n+a_n-1）（a_n-a_n-1-4）=0，
又?jǐn)?shù)列{a_n}各項(xiàng)為正數(shù)，∴a_n-a_n-1-4=0，
即數(shù)列{a_n}為等差數(shù)列．
又n=1時(shí)，$8{S_n}={a_n}^2+4{a_n}+4=8{a_1}$，∴a₁=2，
∴通項(xiàng)公式為a_n=4n-2；
（Ⅱ）∵${b_n}=\frac{1}{{{a_n}{a_{n+1}}}}=\frac{1}{（4n-2）（4n+2）}=\frac{1}{4（2n-1）（2n+1）}=\frac{1}{8}（\frac{1}{2n-1}-\frac{1}{2n+1}）$，
∴${T_n}=\frac{1}{8}（1-\frac{1}{3}+\frac{1}{3}-\frac{1}{5}+…\frac{1}{2n-1}-\frac{1}{2n+1}）=\frac{1}{8}（1-\frac{1}{2n+1}）$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查數(shù)列遞推式，考查了等差關(guān)系的確定，訓(xùn)練了裂項(xiàng)相消法求數(shù)列的前n項(xiàng)和，是中檔題．