Question

現(xiàn)有一個質(zhì)地均勻的正方體玩具，它的六個面上分別寫著1，1，2，2，3，3六個數(shù)字，
（1）ξ表示投擲3次上面玩具出現(xiàn)正面朝上的數(shù)字為1的次數(shù)，求ξ的數(shù)學(xué)期望Eξ；
（2）如圖，在平面直角坐標(biāo)系中，設(shè)點(diǎn)N（n，0），其中n∈N^*；動點(diǎn)Q由原點(diǎn)O出發(fā)，按照投擲的數(shù)字沿x軸自左向右移動相應(yīng)個單位長度（如投出的數(shù)字為1就沿x軸向右移動1個單位長度，以此類推）
①當(dāng)n=5時(shí)，求動點(diǎn)Q恰好能移動到N點(diǎn)的概率．
②若動點(diǎn)Q恰好能移動到N點(diǎn)的不同移動方法種數(shù)記為a_n，求a₈，并說明理由．

Answer 1

（1）依題意得ξ服從二項(xiàng)分布，即：ξ～B (3，

1

3

)，所以Eξ=np=3×

1

3

=1…（3分）
另依題意得ξ的所有取值為0、1、2、3

p(ξ=0)= C 03 ( 1 3 )0( 2 3 )3= 8 27 ，p(ξ=1)= C 13 ( 1 3 )1( 2 3 )2= 4 9 p(ξ=2)= C 23 ( 1 3 )2( 2 3 )1= 2 9 ，p(ξ=3)= C 33 ( 1 3 )3( 2 3 )0= 1 27

∴ξ的分布列為：

ξ	0	1	2	3
P	8 27	4 9	2 9	1 27

Eξ=0×

8

27

+1×

4

9

+2×

2

9

+3×

1

27

=1…（3分）
（2）①記“動點(diǎn)Q恰好能到達(dá)N點(diǎn)”為事件A，記“投擲i次，動點(diǎn)Q恰好能到達(dá)N點(diǎn)”為事件B_i，i=2、3、4、5，顯然B₂、B₃、B₄、B₅兩兩互斥．
投擲2次時(shí)，分別投出2、3和3、2這兩種情況，所以P(B2)=2×

1

3

×

1

3

=

2

9

…(4分)
投擲3次時(shí)，分別投出1、1、3；1、3、1；3、1、1；2、2、1；2、1、2；1、2、2這6種情況，
所以P(B3)=6×

1

3

×

1

3

×

1

3

=

2

9

…(5分)
投擲4次時(shí)，分別投出1、1、1、2；1、1、2、1；1、2、1、1；2、1、1、1這4種情況，所以P(B4)=4×

1

3

×

1

3

×

1

3

×

1

3

=

4

81

…(6分)
投擲5次時(shí)，只有投出1、1、1、1、1這一種情況，所以P(B5)=

1

3

×

1

3

×

1

3

×

1

3

×

1

3

=

1

243

…(7分)∴P(A)=P(B2+B3+B4+B5)=P(B2)+P(B3)+P(B4)+P(B5)=

121

243

…(8分)
（2）②方法一：
投擲3次時(shí)，投出1個2、2個3、恰好能到達(dá)N點(diǎn)，此時(shí)不同移動方法種數(shù)有3種，…（9分）
投擲4次時(shí)，投出2個1、2個3或1個3、2個2、1個1或4個2恰好都能到達(dá)N點(diǎn)，此時(shí)不同移動方法種數(shù)有

A 44

A 22 ? A 22

+

A 44

A 22

+1=19種…(10分)
投擲5次時(shí)，投出1個3、1個2、3個1或3個2、2個1恰好能到達(dá)N點(diǎn)，此時(shí)不同移動方法種數(shù)有

A 55

A 33

+

A 55

A 33 ? A 22

=30種…(11分)
投擲6次時(shí)，投出1個3、5個1或2個2、4個1恰好能到達(dá)N點(diǎn)，此時(shí)不同移動方法種數(shù)有

A 66

A 55

+

A 66

A 22 ? A 44

=21種…(12分)
投擲7次時(shí)，投出1個2、6個1、恰好能到達(dá)N點(diǎn)，此時(shí)不同移動方法種數(shù)有

A 77

A 66

=7種…(13分)
投擲8次時(shí)，投出8個1恰好能到達(dá)N點(diǎn)，此時(shí)不同移動方法種數(shù)有1種，
所以a₈=3+19+30+21+7+1=81…（14分）
②方法二：依題意得：a₁=1，a₂=2，a₃=4，a₄=7，a₅=13，a₆=24，a₇=44，a₈=81…（14分）
注：從第四項(xiàng)起，每一項(xiàng)都等于其前三項(xiàng)和．