分析 (Ⅰ)設(shè)出F(c,0),由AF的斜率為$\frac{{2\sqrt{3}}}{3}$求得c,再由橢圓的離心率求得a,結(jié)合隱含條件求得b,則橢圓方程可求;
(Ⅱ)由題意可知,當(dāng)直線l⊥x軸時(shí)不符合題意.當(dāng)直線l的斜率存在時(shí),設(shè)直線l:y=kx-2,聯(lián)立直線方程和橢圓方程,化為關(guān)于x的一元二次方程,然后利用弦長(zhǎng)公式求解得k,則直線l的方程可求.
解答 解:(Ⅰ)設(shè)F(c,0),由條件知,$\frac{2}{c}=\frac{{2\sqrt{3}}}{3}$,$c=\sqrt{3}$,又$\frac{c}{a}=\frac{{\sqrt{3}}}{2}$,∴a=2,
則b2=a2-c2=1,
∴C的方程$\frac{x^2}{4}+{y^2}=1$;
(Ⅱ)當(dāng)直線l⊥x軸時(shí)不符合題意;
當(dāng)直線l斜率存在時(shí),設(shè)直線l:y=kx-2,P(x1,y1),Q(x2,y2),
聯(lián)立$\left\{\begin{array}{l}{y=kx-2}\\{\frac{{x}^{2}}{4}+{y}^{2}=1}\end{array}\right.$,得(1+4k2)x2-16kx+12=0.
${x}_{1}+{x}_{2}=\frac{16k}{1+4{k}^{2}},{x}_{1}{x}_{2}=\frac{12}{1+4{k}^{2}}$,
∴|PQ|=$\sqrt{{k^2}+1}|{{x_1}-{x_2}}|$=$\frac{{4\sqrt{{k^2}+1}•\sqrt{4{k^2}-3}}}{{4{k^2}+1}}$,
又$|{PQ}|=\frac{{4\sqrt{2}}}{5}$,得$\frac{4\sqrt{1+{k}^{2}}•\sqrt{4{k}^{2}-3}}{4{k}^{2}+1}=\frac{4\sqrt{2}}{5}$,解答:k=±1,
∴直線l的方程為y=x-2或y=-x-2.
點(diǎn)評(píng) 本題考查橢圓的簡(jiǎn)單性質(zhì),考查了直線與橢圓位置關(guān)系的應(yīng)用,訓(xùn)練了弦長(zhǎng)公式的應(yīng)用,是中檔題.
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A. | 0 | B. | 1 | C. | 2 | D. | 3 |
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A. | 2x+y-3=0 | B. | x+y-1=0 | C. | x-y-3=0 | D. | 2x-y-5=0 |
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