Question

（2010•邯鄲二模）設(shè)函數(shù)f（x）=lnx-

a(x-1)

x+1

（a∈R）．
（Ⅰ）若函數(shù)f（x）在其定義域內(nèi)是增函數(shù)，求a的取值范圍；
（Ⅱ）設(shè)G（x）=x²-bx+2-clnx（c＞0），方程G（x）=0有兩根x₁，x₂，記x₀=

x1+x2

2

．試探究G′（x₀）值的符號，其中G′（x）是G（x）的導(dǎo)函數(shù)．

Answer 1

分析：（Ⅰ）求出f（x）的定義域，由f（x）在定義域（0，+∞）上為單調(diào)增函數(shù)，得f′（x）≥0在（0，+∞）上恒成立，分離出參數(shù)a后轉(zhuǎn)化為求函數(shù)的最值即可解決；
（Ⅱ）易知G（x）的定義域?yàn)椋?，+∞），不妨設(shè)0＜x₁＜x₂，分別代入G（x）=0，得x₁²-bx₁+2-clnx₁=0，x₂²-bx₂+2-clnx₂=0，兩式作差并變形得，x₂+x₁-b=c•

lnx2-lnx1

x2-x1

，先證明

lnx2-lnx1

x2-x1

＞

2

x2+x1

，利用分析法及（I）的結(jié)論可證得，從而x₂+x₁-b=c•

lnx2-lnx1

x2-x1

可化為關(guān)于x₀的不等式，由此可得G′（x₀）的符號；

解答：解：（I）f（x）的定義域?yàn)椋?，+∞），
f′（x）=

1

x

-

a(x+1)-a(x-1)

(x+1)2

=

x2+(2-2a)x+1

x(x+1)2

，
∵f（x）在定義域（0，+∞）上為單調(diào)增函數(shù)，
∴f′（x）≥0在（0，+∞）上恒成立，即x²+（2-2a）x+1≥0在（0，+∞）上恒成立，
當(dāng)x∈（0，+∞）時(shí)，由x²+（2-2a）x+1≥0，得：2a-2≤x+

1

x

，
設(shè)g（x）=x+

1

x

，x∈（0，+∞），
則g（x）=x+

1

x

≥2

x• 1 x

=2，當(dāng)且僅當(dāng)x=

1

x

即x=1時(shí)，g（x）有最小值2，
∴2a-2≤2，解得a≤2，
∴a的取值范圍是（-∞，2]；
（Ⅱ）易知G（x）的定義域?yàn)椋?，+∞），
∵方程G（x）=0有兩根x₁，x₂，（不妨設(shè)0＜x₁＜x₂），
∴x₁²-bx₁+2-clnx₁=0，x₂²-bx₂+2-clnx₂=0，
兩式作差，得x₂²-x₁²-b（x₂-x₁）-c（lnx₂-lnx₁）=0，
兩邊同除以x₂-x₁，得x₂+x₁-b-c•

lnx2-lnx1

x2-x1

=0，即x₂+x₁-b=c•

lnx2-lnx1

x2-x1

，
下面證明：

lnx2-lnx1

x2-x1

＞

2

x2+x1

，
要證

lnx2-lnx1

x2-x1

＞

2

x2+x1

，只需證

ln x2 x1

x2 x1 -1

＞

2

x2 x1 +1

，即證ln

x2

x1

＞

2•( x2 x1 -1)

x2 x1 +1

，即證ln

x2

x1

-

2•( x2 x1 -1)

x2 x1 +1

＞0，
設(shè)h（x）=lnx-

2(x-1)

x+1

，
由（I）知h（x）在（1，+∞）上是單調(diào)增函數(shù)，
又

x2

x1

＞1，∴h（

x2

x1

）＞h（1）=0，即ln

x2

x1

-

2•( x2 x1 -1)

x2 x1 +1

＞0成立，
得到

lnx2-lnx1

x2-x1

＞

2

x2+x1

．
∵x₀=

x1+x2

2

，∴

lnx2-lnx1

x2-x1

＞

1

x0

，
又c＞0，∴x₂+x₁-b=c•

lnx2-lnx1

x2-x1

＞

c

x0

，即2x₀-b＞

c

x0

，
∴

2x02-bx0-c

x0

＞0，
∵G′（x）=2x-b-

c

x

=

2x2-bx-c

x

，
∴G′（x₀）=

2x02-bx0-c

x0

＞0，即G′（x₀）值的符號為正．

點(diǎn)評：本題主要考查了學(xué)生會利用導(dǎo)函數(shù)的正負(fù)確定函數(shù)的單調(diào)區(qū)間，掌握不等式恒成立時(shí)所滿足的條件，會利用基本不等式求函數(shù)的最小值，是一道中檔題．