Question

6．如圖，直三棱柱ABC-A₁B₁C₁中，AC=4，BC=3，AA₁=4，AC⊥BC，點(diǎn)D在線段AB上．
（Ⅰ）證明AC⊥B₁C；
（Ⅱ）若D是AB中點(diǎn)，證明AC₁∥平面B₁CD；
（Ⅲ）當(dāng)$\frac{BD}{AB}$=$\frac{1}{3}$時，求二面角B-CD-B₁的余弦值．

Answer 1

分析 （Ⅰ）以C為原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系C-xyz．求出相關(guān)點(diǎn)的坐標(biāo)，通過$\overrightarrow{AC}•\overrightarrow{{B_1}C}=0$推出AC⊥B₁C．
（Ⅱ）解法一：求出平面B₁CD的法向量，通過$\overrightarrow{A{C_1}}•\overrightarrow m=（0，-4，4）•（4，-3，-3）=0$，推出AC₁∥平面B₁CD；
解法二：連接BC₁，交BC₁于E，DE．推出DE∥AC₁，然后證明AC₁∥平面B₁CD．
（Ⅲ）求出平面BCD的法向量，設(shè)平面B₁CD的法向量，設(shè)二面角B-CD-B₁的大小為θ，利用向量的數(shù)量積求解二面角B-CD-B₁的余弦值．

解答 解：（Ⅰ）證明：如圖，以C為原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系C-xyz．則B（3，0，0），A（0，4，0），A₁（0，4，4），B₁（3，0，4），C₁（0，0，4）.$\overrightarrow{AC}=（0，-4，0）$，$\overrightarrow{{B_1}C}=（-3，0，-4）$，$\overrightarrow{AC}•\overrightarrow{{B_1}C}=0$，所以AC⊥B₁C．

（Ⅱ）解法一：
$\overrightarrow{A{C_1}}=（0，-4，4）$
設(shè)平面B₁CD的法向量$\overrightarrow m=（x，y，z）$，
由$\overrightarrow{{B_1}C}•\overrightarrow m=（-3，0，-4）$•（x，y，z）=-3x-4y=0，
且$\overrightarrow{CD}•\overrightarrow m=（\frac{3}{2}，2，0）•$$（x，y，z）=\frac{3}{2}x+2y=0$，
令x=4得$\overrightarrow m=（4，-3，-3）$，
所以$\overrightarrow{A{C_1}}•\overrightarrow m=（0，-4，4）•（4，-3，-3）=0$，
又AC₁?平面B₁CD，所以AC₁∥平面B₁CD；
解法二：證明：連接BC₁，交BC₁于E，DE．
因?yàn)橹比�棱柱ABC-A₁B₁C₁，D是AB中點(diǎn)，
所以側(cè)面BB₁C₁C為矩形，DE為△ABC₁的中位線．
所以DE∥AC₁，
因?yàn)镈E?平面B₁CD，AC₁?平面B₁CD，
所以AC₁∥平面B₁CD．
（Ⅲ）由（Ⅰ）知AC⊥BC，
設(shè)D（a，b，0）（a＞0，b＞0），
因?yàn)辄c(diǎn)D在線段AB上，且$\frac{BD}{AB}=\frac{1}{3}$，即$\overrightarrow{BD}$=$\frac{1}{3}$$\overrightarrow{BA}$．
所以a=2，$b=\frac{4}{3}$，$\overrightarrow{BD}$=$（-1，\frac{4}{3}，0）$．
所以$\overrightarrow{{B_1}C}=（-3，0，-4）$，$\overrightarrow{CD}=（2，\frac{4}{3}，0）$．
平面BCD的法向量為$\overrightarrow{n_1}=（0，0，1）$．
設(shè)平面B₁CD的法向量為$\overrightarrow{n_2}=（x，y，1）$，
由$\overrightarrow{{B_1}C}•\overrightarrow{n_2}=0$，$\overrightarrow{CD}•\overrightarrow{n_2}=0$，得$\left\{{\begin{array}{l}{3x+4=0}\\{2x+\frac{4}{3}y=0}\end{array}}\right.$，
所以$x=-\frac{4}{3}$，y=2，$\overrightarrow{n_2}$=$（-\frac{4}{3}，2，1）$．
設(shè)二面角B-CD-B₁的大小為θ，
所以$cosθ=\frac{{\overrightarrow{n_1}•\overrightarrow{n_2}}}{{|{\overrightarrow{n_1}}||{\overrightarrow{n_2}}|}}=\frac{3}{{\sqrt{61}}}$．
所以二面角B-CD-B₁的余弦值為$\frac{{3\sqrt{61}}}{61}$．

點(diǎn)評 本題考查二面角的平面角的求法，直線與平面平行的判定定理的應(yīng)用，直線與平面垂直的性質(zhì)定理的應(yīng)用，考查空間想象能力以及計算能力．