Question

如圖（甲）所示，在場強(qiáng)大小為E、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場中存在著一半徑為R的圓形區(qū)域，O點(diǎn)為該圓形區(qū)域的圓心，A點(diǎn)是圓形區(qū)域的最低點(diǎn)，B點(diǎn)是圓形區(qū)域最右側(cè)的點(diǎn)．在A點(diǎn)有放射源釋放出初速度大小不同、方向均垂直于場強(qiáng)方向向右的正電荷，電荷的質(zhì)量為m、電量為q，不計(jì)電荷重力、電荷之間的作用力．

（1）若某電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡和圓形區(qū)域的邊緣交于P點(diǎn)，如圖（甲）所示，∠POA=θ，求該電荷從A點(diǎn)出發(fā)時(shí)的速率．

（2）若在圓形區(qū)域的邊緣有一接收屏CBD，如圖（乙）所示，C、D分別為接收屏上最邊緣的兩點(diǎn)，∠COB=∠BOD=30°．求該屏上接收到的電荷的最大動(dòng)能和最小動(dòng)能．

 

Answer 1

【答案】

（1）（2） EqR  EqR

【解析】

試題分析：（1）a =                         （2分），

Rsinθ= v₀t                                （1分），

       R-Rcosθ=at²                               (1分)，

由以上三式得v₀ =                 （2分）

（2）由（1）結(jié)論得粒子從A點(diǎn)出發(fā)時(shí)動(dòng)能為m v₀² = （2分）    

則經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為E_k=Eq(R-Rcosθ)+ m v₀² = EqR (5-3cosθ)           （2分）

可以看出，當(dāng)θ從0°變化到180°，接收屏上電荷的動(dòng)能逐漸增大，因此D點(diǎn)接收到的電荷的末動(dòng)能最小，C點(diǎn)接收到的電荷的末動(dòng)能最大。     

最小動(dòng)能為：E_kD=Eq(R-Rcosθ)+ m v_0D² = EqR (5-3cos60°) =  EqR     （3分）

最大動(dòng)能為：E_kC=Eq(R-Rcosθ)+ m v_0C² = EqR (5-3cos120°) =  EqR    （3分）

考點(diǎn)：考查了粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)

點(diǎn)評(píng)：帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)，綜合了靜電場和力學(xué)的知識(shí)，分析方法和力學(xué)的分析方法基本相同．先分析受力情況再分析運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和運(yùn)動(dòng)過程（平衡、加速、減速，直 線或曲線），然后選用恰當(dāng)?shù)囊?guī)律解題．解決這類問題的基本方法有兩種，第一種利用力和運(yùn)動(dòng)的觀點(diǎn)，選用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解；第二種利用能量轉(zhuǎn)化 的觀點(diǎn)，選用動(dòng)能定理和功能關(guān)系求解．