Question

9．如圖所示，兩條金屬導(dǎo)軌相距L=1m，水平部分處在豎直向下的勻強磁場B₁中，其中MN段平行于PQ段，位于同一水平面內(nèi)，NN₀段與QQ₀段平行，位于與水平面成傾角37°的斜面內(nèi)．在水平導(dǎo)軌區(qū)域和傾斜導(dǎo)軌區(qū)域內(nèi)分別有垂直于水平面和斜面的勻強磁場B₁和B₂，且B₁=B₂=0.5T；ab和cd是質(zhì)量均為m=0.2kg、電阻分別為R_ab=0.5Ω和R_cd=1.5Ω的兩根金屬棒，ab與水平導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，傾斜導(dǎo)軌光滑，ab、cd均與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．從t=0時刻起，ab棒在水平外力F₁作用下由靜止開始以a=2m/s²的加速度向右做勻加速直線運動，cd棒在平行于斜面方向的力F₂的作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)．不計導(dǎo)軌的電阻．水平導(dǎo)軌足夠長，ab棒始終在水平導(dǎo)軌上運動，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s²．求：
（1）t=5s時，cd棒消耗的電功率；
（2）規(guī)定圖示F₁、F₂方向作為力的正方向，分別求出F₁、F₂隨時間t變化的函數(shù)關(guān)系；
（3）若改變F₁和F₂的作用規(guī)律，使ab棒的運動速度v與位移x滿足V=0.4x，cd棒仍然靜止在傾斜軌道上，求ab棒從靜止開始到x=5m的過程中，F(xiàn)₁所做的功W．

Answer 1

分析 （1）MN向右運動切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，相當(dāng)于電源，PQ相當(dāng)于外電路．要求PQ消耗的功率，要先MN產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，由歐姆定律求出電路中電流，即可求得功率．
（2）先根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和歐姆定律得出電路中電流與時間的關(guān)系式，求F₁可對MN運用牛頓第二定律，求F₂可對PQ根據(jù)平衡條件求解．
（3）由題v=0.4x，速度v與位移x成正比，可知電流I、安培力也與位移x成正比，可安培力的平均值求解安培力做的功，再對MN棒運用動能定理求解F₁所做的功

解答 解：（1）金屬棒ab在5s時的速度
ν_t=at=2×5m/s=10m/s
電動勢　E=BLν_t=0.5×1×10V=5V
此時電流　I=$\frac{E}{{R}_{ab}+{R}_{cd}}$=$\frac{5}{0.5+1.5}$A=2.5A
所以：P_cd=I²R_cd=2.5²×1.5W≈9.38W
（2）金屬棒ab在做勻加速直線運動的過程中，電流和時間的關(guān)系為I=${\frac{BLv}{{R}_{ab}+{R}_{cd}}}_{\;}$=$\frac{BLat}{{R}_{ab}+{R}_{cd}}$=$\frac{0.5×1×2t}{0.5+1.5}$=0.5t（A）
對金屬棒ab由牛頓第二定律有：F₁-B₁IL-μmg=ma
得：F₁=1.4+0.25t（N）
對金屬棒cd由平衡條件有：F₂+B₂IL-mgsin37°=0
得：F₂=1.2-0.25t（N）
（3）ab棒做變加速直線運動，當(dāng)x=5m時，
ν_t=0.4×5=2（m/s）
因為速度與位移成正比，所以電流、安培力也與位移成正比，
F安=B₁IL=$\frac{{B}_{1}^{2}{L}^{2}v}{{R}_{ab}+{R}_{cd}}$=$\frac{0．{5}^{2}×1×0.4x}{0.5+1.5}$=0.05x（N）
則平均安培力為：
$\overline{{F}_{安}}$=$\frac{0.05×5}{2}$=0.125N；
所以，
W_安=-F_安×5=-0.125×5=-0.625J；
根據(jù)動能定理，得W_F1+W_安-μm gx=$\frac{1}{2}$mv_t²-0
所以，W_F1=$\frac{1}{2}$mv_t²-W_安+μmgx
解得：W_F1=6.025J．
答：（1）t=5s時，PQ消耗的電功率為9.38W；
（2）F₁隨時間t變化的函數(shù)關(guān)系為F₁=（1.4+0.25t）N，F(xiàn)₂隨時間t變化的函數(shù)關(guān)系為F₂=（1.2-0.25t）N；
（3）MN棒從靜止開始到s=5m的過程中，F(xiàn)₁所做的功為6.025J

點評 本題是雙桿類型，分別研究它們的情況是基礎(chǔ)，運用力學(xué)和電路、電磁感應(yīng)的規(guī)律研究MN棒，對于功，動能定理是常用的求解方法，本題關(guān)鍵要抓住安培力與位移是線性關(guān)系，安培力的平均值等于初末時刻的平均值．