Question

12．如圖所示，水平絕緣粗糙的軌道AB與處于豎直平面內(nèi)的半圓形絕緣光滑軌道BC平滑連接，半圓形軌道的半徑R=0.4m．在軌道所在空間存在水平向右的勻強電場，電場線與軌道所在的平面平行，電場強度E=1.0×10⁴N/C．現(xiàn)有一電荷量q=+1.0×10^-4C，質(zhì)量m=0.1kg的帶電體（可視為質(zhì)點），在水平軌道上的P點由靜止釋放，帶電體恰好能通過半圓形軌道的最高點C，然后落至水平軌道上的D點，取g=10m/s²．（　�。�

• A． 帶電體在圓形軌道C點的速度大小為2$\sqrt{2}$m/s
• B． 落點D與B點的距離x_BD=0
• C． 帶電體運動到圓形軌道B點時對圓形軌道的壓力大小7N
• D． 帶電體在從B到C運動的過程中對軌道最大壓力為3（$\sqrt{2}$+1）N

Answer 1

分析 A、帶電體恰好到達最高點C，在最高點C，靠重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出帶電體在圓形軌道C點的速度大�。�
B、帶電體在豎直方向上做自由落體運動，在水平方向上做勻變速直線運動，抓住等時性，求出D點到B點的距離；
C、根據(jù)動能定理B點的速度，通過牛頓第二定律求出支持力的大小，從而求出帶電體運動到圓形軌道B點時對圓形軌道的壓力大��；
D、電場力與重力大小相等，將其合力等效為重力，則在等效最低點的速度最大，對軌道的壓力也是最大，根據(jù)牛頓第二定律和動能定理列式求解．

解答 解：A、設(shè)帶電體通過C點時的速度為v_C，依據(jù)牛頓第二定律：$mg=m\frac{v_C^2}{R}$，
解得v_C=2.0m/s，故A錯誤；
B、設(shè)帶電體從最高點C落至水平軌道上的D點經(jīng)歷的時間為t，根據(jù)運動的分解有：$2R=\frac{1}{2}g{t^2}$，
故：${x_{DB}}={v_C}t-\frac{1}{2}\frac{Eq}{m}{t^2}$，
聯(lián)立解得x_DB=0，故B正確；
C、設(shè)帶電體通過B點時的速度為v_B，設(shè)軌道對帶電體的支持力大小為F_B，帶電體在B點時，根據(jù)牛頓第二定律有：${F_B}-mg=m\frac{v_B^2}{R}$，
帶電體從B運動到C的過程中，依據(jù)動能定理：$-mg•2R=\frac{1}{2}mv_C^2-\frac{1}{2}mv_B^2$，
聯(lián)立解得：F_B=6.0N，
根據(jù)牛頓第三定律，帶電體對軌道的壓力F_B′=6.0N，故C錯誤；
D、由P到B帶電體作加速運動，故最大速度一定出現(xiàn)在從B經(jīng)C到D的過程中．在此過程中只有重力和電場力做功，這兩個力大小相等，其合力與重力方向成45°夾角斜向右下方，故最大速度必出現(xiàn)在B點右側(cè)對應(yīng)圓心角為45°處．
設(shè)小球的最大動能為E_km，根據(jù)動能定理有：$qERsin45°-mgR（{1-cos45°}）={E_{km}}-\frac{1}{2}mv_B^2$；
在動能最大位置，支持力也最大，根據(jù)牛頓第二定律，有：N-mg=$m\frac{v_B^2}{R}$；
聯(lián)立解得：N=3（$\sqrt{2}$+1）N，故D正確；
故選：BD

點評 本題綜合考查了動能定理、牛頓第二定律，涉及到運動的分解、圓周運動，綜合性較強，最后一問對學(xué)生的能力要求較高．需加強訓(xùn)練．