Question

18．如圖所示，兩根等高光滑的$\frac{1}{4}$圓弧軌道，半徑為r、間距為L(zhǎng)，軌道電阻不計(jì)．在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個(gè)裝置處在一豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．現(xiàn)有一根長(zhǎng)度稍大于L、質(zhì)量為m、電阻不計(jì)的金屬棒從軌道的頂端ab處由靜止開(kāi)始下滑，到達(dá)軌道底端cd時(shí)受到軌道的支持力為2mg．整個(gè)過(guò)程中金屬棒與導(dǎo)軌電接觸良好，求：
（1）棒到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度大小和通過(guò)電阻R的電流．
（2）棒從ab下滑到cd過(guò)程中回路中產(chǎn)生的焦耳熱和通過(guò)R的電荷量．

Answer 1

分析 （1）金屬棒在cd端時(shí)由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出棒到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度．由E=BLv求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，再由歐姆定律求通過(guò)R的電流．
（2）根據(jù)能量守恒定律求回路中產(chǎn)生的焦耳熱．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和電量公式推導(dǎo)出電量表達(dá)式q=$\frac{△Φ}{R}$，來(lái)求通過(guò)R的電荷量．

解答 解：（1）棒到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得
  N-mg=m$\frac{{v}^{2}}{r}$
由題得 N=2mg
可得 v=$\sqrt{gr}$
棒經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E=BLv=BL$\sqrt{gr}$
通過(guò)電阻R的電流 I=$\frac{E}{R}$=$\frac{BL\sqrt{gr}}{R}$
（2）棒從ab下滑到cd過(guò)程中回路中，根據(jù)能量守恒得：
產(chǎn)生的焦耳熱 Q=mgr-$\frac{1}{2}m{v}^{2}$=$\frac{1}{2}$mgr
根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：
  $\overline{E}$=$\frac{△Φ}{△t}$
感應(yīng)電流的平均值 $\overline{I}$=$\frac{\overline{E}}{R}$
通過(guò)R的電荷量 q=$\overline{I}$△t
聯(lián)立得 q=$\frac{△Φ}{R}$，
又△Φ=BLr
所以可得 q=$\frac{BLr}{R}$
答：
（1）棒到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度大小是$\sqrt{gr}$，通過(guò)電阻R的電流是$\frac{BL\sqrt{gr}}{R}$．
（2）棒從ab下滑到cd過(guò)程中回路中產(chǎn)生的焦耳熱為$\frac{1}{2}$mgr，通過(guò)R的電荷量是$\frac{BLr}{R}$．

點(diǎn)評(píng) 本題是電磁感應(yīng)與力學(xué)知識(shí)的綜合，要正確分析能量是如何轉(zhuǎn)化的，熟練推導(dǎo)出感應(yīng)電荷量經(jīng)驗(yàn)公式q=$\frac{△Φ}{R}$，要注意R是回路中總的電阻．