分析 (1)從C到B只有重力做功,根據(jù)動能定理求得小物塊的速度,再根據(jù)小物塊在B點所受合力提供其圓周運動向心力從而求得小物塊對B點的壓力;
(2)小物塊剛能進入金屬半球殼繼續(xù)運動時,物塊到達C點的速度恰好為零,根據(jù)牛頓第二定律和位移速度公式結(jié)合求解.
(3)物塊離開C點后做平拋運動,經(jīng)t=0.4s落在球殼上,有兩種情況:一、物塊落在球殼的右側(cè).二、物塊落在球殼的左側(cè).由平拋運動的規(guī)律求出物塊經(jīng)過C點的速度,再由動能定理求解.
解答 解:(1)設(shè)小物塊滑到最低點B的速度為v,受到球殼的支持力為N,則在小物塊從C至B的過程中只有重力做功,根據(jù)動能定理有:
mgR=$\frac{1}{2}m{v}^{2}$
小物塊在B點所受合力提供其圓周運動向心力,根據(jù)牛頓第二定律有:
N-mg=m$\frac{{v}^{2}}{R}$
得:N=3mg=3×0.1×10N=3N
根據(jù)牛頓第三定律可知,小物塊在B點對半球殼的壓力為3N;
(2)拉力作用過程有 F-μmg=ma1,得 a1=8m/s2;
撤去拉力后,有 μmg=ma2,得 a2=2m/s2;
設(shè)拉力至少作用時間為t
則撤去拉力時的速度為 v=a1t
由位移關(guān)系得:
$\frac{{v}^{2}}{2{a}_{1}}$$+\frac{{v}^{2}}{2{a}_{2}}$=s
聯(lián)立解得 t=0.25s
(3)由于小物塊經(jīng)0.4s落到球殼上,下落的高度 h=$\frac{1}{2}g{t}^{2}$=0.8m
可能位置有兩處,如圖所示
第一種可能:物塊落在球殼的右側(cè).則
vCt=R-$\sqrt{{R}^{2}-{h}^{2}}$=0.4m,vC=1m/s
第二種可能:物塊落在球殼的左側(cè)
vCt=R+$\sqrt{{R}^{2}-{h}^{2}}$,vC=4m/s
設(shè)拉力作用距離為經(jīng),D到C的過程由動能定理有
Fx-μmgs=$\frac{1}{2}m{v}_{C}^{2}$
當vC=1m/s時,x=0.3m
當vC=4m/s時,x=1.05m
答:
(1)物塊滑到最低點B時對球殼的壓力大小是3N.
(2)要使小物塊能進入金屬半球殼繼續(xù)運動,水平恒力至少作用的時間是0.25s.
(3)若小物塊運動到C點水平飛出,經(jīng)t=0.4s落在球殼上,則水平恒力作用的距離是0.3m或1.05m.
點評 解決本題的關(guān)鍵是正確構(gòu)建物體模型,判斷出各個階段的運動特征,并找出它們之間的聯(lián)系.
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | 線圈中電流的最大值為$\sqrt{2}$A | |
B. | 線圈消耗的電功率為4W | |
C. | 任意時刻線圈中的感應(yīng)電流為i=2sin$\frac{2π}{T}$tA | |
D. | 任意時刻穿過線圈的磁通量為Φ=$\frac{2T}{π}$cos$\frac{2π}{T}$t(Wb) |
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科目:高中物理 來源: 題型:多選題
A. | 拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時,往往在鏡頭前加一個偏振片以增加透射光的強度 | |
B. | 全息照片往往用激光來拍攝,主要是利用了激光的相干性 | |
C. | 真空中的光速在不同的慣性參考系中都是相同的,與光源和觀察者的運動無關(guān) | |
D. | 機械波和電磁波都可以在真空中傳播 | |
E. | 波源沿直線勻速靠近一靜止的接收者,則接收者接收到信號的頻率會比波源頻率高 |
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | 電源的內(nèi)阻較大 | B. | 線圈電阻偏大 | ||
C. | 小燈泡電阻偏大 | D. | 線圈的自感系數(shù)較大 |
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科目:高中物理 來源: 題型:選擇題
A. | 速度與加速度的定義是運用了比值的方法 | |
B. | 物體在某時刻速度為零,其加速度也一定為零 | |
C. | 物體速度變化越快,加速度一定越大 | |
D. | 加速度是描述速度變化快慢的物理量 |
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